第十三届蓝桥杯C++B组国赛C题——卡牌 (AC)

CSDN话题挑战赛第2期
参赛话题:算法题解

目录

  • 1.卡牌
    • 1.问题描述
    • 2.输入格式
    • 3.输出格式
    • 4.样例输入
    • 5.样例输出
    • 6.数据范围
    • 7.原题链接
  • 2.解题思路
  • 3.Ac_code

1.卡牌

1.问题描述

这天, 小明在整理他的卡牌。

他一共有 n n n 种卡牌, 第 i i i 种卡牌上印有正整数数 i ( i ∈ [ 1 , n ] ) , i(i∈[1,n]), i(i[1,n]), 且第 i i i 种卡牌 现有 a i a_{i} ai 张。
而如果有 n n n 张卡牌, 其中每种卡牌各一张, 那么这 n n n 张卡牌可以被称为一 套牌。小明为了凑出尽可能多套牌, 拿出了 m m m 张空白牌, 他可以在上面写上数 i i i, 将其当做第 i i i 种牌来凑出套牌。然而小明觉得手写的牌不太美观, 决定第 i i i 种牌最多手写 b i b_{i} bi张。

请问小明最多能凑出多少套牌?

2.输入格式

输入共 3 行, 第一行为两个正整数 n , m n, m n,m

第二行为 n n n 个正整数 a 1 , a 2 , … , a n 。 a_{1}, a_{2}, \ldots, a_{n}。 a1,a2,,an

第三行为 n n n 个正整数 b 1 , b 2 , … , b n 。 b_{1}, b_{2}, \ldots, b_{n}。 b1,b2,,bn

3.输出格式

一行, 一个整数表示答案。

4.样例输入

4 5
1 2 3 4
5 5 5 5

5.样例输出

3

这 5 张空白牌中, 拿 2 张写 1 , 拿 1 张写 2 , 这样每种牌的牌数就变为了 3 , 3 , 3 , 4 3,3,3,4 3,3,3,4 可以凑出 3 套牌, 剩下 2 张空白牌不能再帮助小明凑出一套。

6.数据范围

对于 30 % 30 \% 30% 的数据, 保证 n ≤ 2000 n \leq 2000 n2000;

对于 100 % 100 \% 100% 的数据, 保证 n ≤ 2 × 1 0 5 ; a i , b i ≤ 2 n ; m ≤ n 2 n \leq 2 \times 10^{5} ; a_{i}, b_{i} \leq 2 n ; m \leq n^{2} n2×105;ai,bi2n;mn2

7.原题链接

卡牌

2.解题思路

  从题意出发,发现想直接求出答案,并没有一个很高效的办法,但如果给定我们一个 x x x ,让我们去判断能否凑出 x x x 套牌,这个操作对我们来说并不难。所以我们可以考虑二分答案的做法,既然要二分那肯定得具有两段性,不难理解,如果我们可以凑出 x x x套牌,那么 [ 1 , x − 1 ] [1,x-1] [1,x1]套牌也都是一定可以凑出来的,而并不一定可以凑出大于 x x x的套牌数。

  那么二分的check判断函数我们该如何书写呢?显然要凑够 x x x套牌,我们需要使得每种类似的牌都有 x x x张,如果已经当前判断牌的类型的数量已经大于等于 x x x,则不需要使用空白牌补充。如果使用当前类型的牌数加上它最多可加上的空白牌数仍然小于 x x x,那么此时可以直接返回false了。如果当前牌类型允许补充空白牌的数量足够给我们进行补充到 x x x ,那么我们让空白牌的数减去需要使用的数量,如果不够用了,那么也返回false,如果可以完成所有的牌的填充,则返回true

  另外一个需要注意的点是 r r r的上限,以及 m m m的范围。 m m m的最大范围已经超出int,所以我们要使用long long,另外 n n n的最大范围是 2 × 1 0 5 2×10^5 2×105,而 m m m最大取到 n 2 n^2 n2,能凑出的最大套牌数应该是 2 n 2n 2n,所以 r r r的上限一定不能设小了。

整体做法的时间复杂为: O ( n l o g n ) O(nlogn) O(nlogn)

3.Ac_code

#include
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=200010;

//二分答案
LL n,m;
int a[N],b[N];
bool check(int x){
	LL v=m;
	for(int i=1;i<=n;++i){
		//直接符合
		if(a[i]>=x) continue;
		//肯定不符合
		if(a[i]+b[i]<x) return false;
		if(a[i]+b[i]>=x&&v>=x-a[i]){
			v-=(x-a[i]);
		}else{
			return false;
		}
	}
	return true;
}
int main() 
{
	cin>>n>>m;
	for(int i=1;i<=n;++i) cin>>a[i];
	for(int i=1;i<=n;++i) cin>>b[i];
	int l=0,r=N*2;
	while(l<r){
		int mid=(l+r+1)>>1;
		if(check(mid)) l=mid;
		else r=mid-1;
	}
	cout<<r<<endl;
    return 0;
}

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