目录
1.树状数组的引入
2.基本操作:主要包括 插入操作,查询操作.
3.具体实现:
例题:1.楼兰图腾
241. 楼兰图腾
2.一个简单的整数问题
3.一个简单的整数问题2
树状数组是用来解决区间修改-单点查询以及单点修改-区间查询和区间修改-区间查询问题的一种优化时间的算法。
这里推荐B站视频歪瑞古德:〔manim | 算法 | 数据结构〕 完全理解并深入应用树状数组 | 支持多种动态维护区间操作_哔哩哔哩_bilibilihttps://www.bilibili.com/video/BV1pE41197Qj?from=search&seid=13866619238299900297&spm_id_from=333.337.0.0
简单来说,如果一个问题能转变成上述三个问题,就可以使用树状数组,将修改和查询操作的时间复杂度从O(n)优化到O(log n),树状数组是一种简单的数据结构。
这里以区间求和问题作为例子。
也就是区间修改,区间求和
插入操作:
void add(int tr[],int x,int c){
for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i)) tr[i]+=c;
}
查询操作:
int sum(int tr[],int x){
int res=0;
for(int i=x;i;i-=lowbit(i)) res+=tr[i];
return res;
}
如何把一个问题转换成区间修改,区间查询,是解决树状数组问题的关键,另外能用树状数组解决的问题也可以用线段树解决。
在完成了分配任务之后,西部 314 来到了楼兰古城的西部。
相传很久以前这片土地上(比楼兰古城还早)生活着两个部落,一个部落崇拜尖刀(V
),一个部落崇拜铁锹(∧
),他们分别用 V
和 ∧
的形状来代表各自部落的图腾。
西部 314 在楼兰古城的下面发现了一幅巨大的壁画,壁画上被标记出了 n 个点,经测量发现这 n 个点的水平位置和竖直位置是两两不同的。
西部 314 认为这幅壁画所包含的信息与这 nn 个点的相对位置有关,因此不妨设坐标分别为 (1,y1),(2,y2),…,(n,yn),其中 y1∼yn是 1 到 n 的一个排列。
西部 314314 打算研究这幅壁画中包含着多少个图腾。
如果三个点 (i,yi),(j,yj),(k,yk) 满足 1≤iV
图腾;
如果三个点 (i,yi),(j,yj),(k,yk)满足 1≤i
西部 314想知道,这 n个点中两个部落图腾的数目。
因此,你需要编写一个程序来求出 V
的个数和 ∧
的个数。
输入格式
第一行一个数 n。
第二行是 n 个数,分别代表 y1,y2,…,yn。
输出格式
两个数,中间用空格隔开,依次为 V
的个数和 ∧
的个数。
数据范围
对于所有数据,n≤200000,且输出答案不会超过 int64。
y1∼yn是 1 到 n 的一个排列。
输入样例:
5
1 5 3 2 4
输出样例:
3 4
#include
#include
#include
using namespace std;
const int N = 2000010;
typedef long long LL;
int n;
//t[i]表示树状数组i结点覆盖的范围和
int a[N], t[N];
//Lower[i]表示左边比第i个位置小的数的个数
//Greater[i]表示左边比第i个位置大的数的个数
int Lower[N], Greater[N];
//返回非负整数x在二进制表示下最低位1及其后面的0构成的数值
int lowbit(int x)
{
return x & -x;
}
//将序列中第x个数加上k。
void add(int x, int k)
{
for(int i = x; i <= n; i += lowbit(i)) t[i] += k;
}
//查询序列前x个数的和
int ask(int x)
{
int sum = 0;
for(int i = x; i; i -= lowbit(i)) sum += t[i];
return sum;
}
int main()
{
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", &a[i]);
//从左向右,依次统计每个位置左边比第i个数y小的数的个数、以及大的数的个数
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
int y = a[i]; //第i个数
//在前面已加入树状数组的所有数中统计在区间[1, y - 1]的数字的出现次数
Lower[i] = ask(y - 1);
//在前面已加入树状数组的所有数中统计在区间[y + 1, n]的数字的出现次数
Greater[i] = ask(n) - ask(y);
//将y加入树状数组,即数字y出现1次
add(y, 1);
}
//清空树状数组,从右往左统计每个位置右边比第i个数y小的数的个数、以及大的数的个数
memset(t, 0, sizeof t);
LL resA = 0, resV = 0;
//从右往左统计
for(int i = n; i >= 1; i--)
{
int y = a[i];
resA += (LL)Lower[i] * ask(y - 1);
resV += (LL)Greater[i] * (ask(n) - ask(y));
//将y加入树状数组,即数字y出现1次
add(y, 1);
}
printf("%lld %lld\n", resV, resA);
return 0;
}
给定长度为 N 的数列 A,然后输入 M 行操作指令。
第一类指令形如 C l r d
,表示把数列中第 l∼r个数都加 d。
第二类指令形如 Q x
,表示询问数列中第 x个数的值。
对于每个询问,输出一个整数表示答案。
输入格式
第一行包含两个整数 N 和 M。
第二行包含 N个整数 A[i]。
接下来 M 行表示 M 条指令,每条指令的格式如题目描述所示。
输出格式
对于每个询问,输出一个整数表示答案。
每个答案占一行。
数据范围
1≤N,M≤1e5
|d|≤10000
|A[i]|≤1e9
输入样例:
10 5
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Q 4
Q 1
Q 2
C 1 6 3
Q 2
输出样例:
4
1
2
5
思路:这是一个区间修改单点查询问题,构造一个差分数组,单点查询转换成区间前缀求和;
#include
using namespace std;
#define lowbit(x) x&-x
#define int long long
const int N=2e5+10;
int n,m;
int a[N],tr[N];
void add(int x,int c){
for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i)) tr[i]+=c;
}
int sum(int x){
int res=0;
for(int i=x;i;i-=lowbit(i)) res+=tr[i];
return res;
}
signed main(){
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];
for(int i=1;i<=n;i++) add(i,a[i]-a[i-1]);
while(m--){
char op;
cin>>op;
if(op=='Q'){
int x;
cin>>x;
cout<>l>>r>>c;
add(l,c),add(r+1,-c);
}
}
return 0;
}
给定一个长度为 NN 的数列 AA,以及 MM 条指令,每条指令可能是以下两种之一:
C l r d
,表示把 A[l],A[l+1],…,A[r]都加上 d。Q l r
,表示询问数列中第 l∼r个数的和。对于每个询问,输出一个整数表示答案。
输入格式
第一行两个整数 N,M。
第二行 N 个整数 A[i]。
接下来 M 行表示 M条指令,每条指令的格式如题目描述所示。
输出格式
对于每个询问,输出一个整数表示答案。
每个答案占一行。
数据范围
1≤N,M≤1e5,
|d|≤10000,
|A[i]|≤1e9
输入样例:
10 5
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Q 4 4
Q 1 10
Q 2 4
C 3 6 3
Q 2 4
输出样例:
4
55
9
15
基本思路就是推公式,思路确实精巧。
#include
#include
#include
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 1e5 + 10;
int n, m;
int a[N];
LL tr[N], tri[N];
//tr[]数组是原始数组的差分数组d[i]的树状数组
//tri[]数组是原始数组的差分数组乘以i即i*d[i]的树状数组
int lowbit(int x)
{
return x & -x;
}
void add(LL c[], int x, int v)
{
for (int i = x; i <= n; i += lowbit(i))
c[i] += v;
}
LL query(LL c[], int x)
{
LL res = 0;
for (int i = x; i; i -= lowbit(i))
res += c[i];
return res;
}
//对应最后一步推导的公式
LL get_sum(int x)
{
return query(tr, x) * (x + 1) - query(tri, x);
}
int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
//输入数组a[i]
for (int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", &a[i]);
//先构造两个数组 d[i] 和 i*d[i]
for (int i = 1; i <= n; ++i)
tr[i] = a[i] - a[i - 1], tri[i] = tr[i] * i;
//原地 O(n) 建树状数组
for (int x = 1; x <= n; ++x)
for (int i = x - 1; i >= x - lowbit(x) + 1; i -= lowbit(i))
tr[x] += tr[i], tri[x] += tri[i];
//读入查询
while (m--)
{
char op[2];
int l, r, c;
scanf("%s", op);
if (op[0] == 'Q')
{
scanf("%d%d", &l, &r);
printf("%lld\n", get_sum(r) - get_sum(l - 1));
}
else
{
scanf("%d%d%d", &l, &r, &c);
add(tr, l, c), add(tr, r + 1, -c);
add(tri, l, l * c), add(tri, r + 1, (r + 1) * -c);
}
}
return 0;
}