leetcode 11.27 双周赛题解（前三题）

leetcode 11.27 双周赛题解（前三题）

昨天打了双周赛，感觉下来就是手速场，由于今天上午去打了校内的蓝桥杯校选赛，也就没有打今天上午的周赛，有机会开下模拟写下题解

昨天的前三题并不难，我认为涵盖了哈希表，贪心（半模拟），脑筋急转弯（对，你没看错）

1. 先装一下

噢，不会以为我是要装*吧，当然不是

因为

555 这些人都是什么怪物，（太恐怖了吧）

向这些大佬salute！

2. 统计出现过一次的公共字符串——哈希表

给你两个字符串数组 words1 和 words2 ，请你返回在两个字符串数组中 都恰好出现一次 的字符串的数目。

题目链接：https://leetcode-cn.com/contest/biweekly-contest-66/problems/count-common-words-with-one-occurrence/

题目样例

提示：

• 1 <= words1.length, words2.length <= 1000
• 1 <= words1[i].length, words2[j].length <= 30
• words1[i] 和 words2[j] 都只包含小写英文字母。

---

对于第一题，我们都是可以比较暴力的解决的，所以我们可以直接两个循环套上去，很快的，但是啊，难道我们打竞赛是为了快点AC嘛？（其实是再快也快不过那些大佬），其实我一开始并不是使用暴力两重循环，而是想到了哈希表

什么是哈希表

个人见解：哈希表就是一个映射表，含key和value，键值对映射，说白了就是就是一个变量指向另一个变量，你想到了什么？

我想到了数组，因为我们的数组的下标就是索引，而索引 i 就是key，而 arr[i] 则是对应的value

下面是题解代码

class Solution {
public:
    int countWords(vector<string>& words1, vector<string>& words2) {
        // 哈希图，string作为key， int存储次数
        unordered_map<string, int> hashmap;
        // 遍历第一个字符串数组，存入哈希图
        for(string word : words1)
        {
            hashmap[word]++;
        }
        unordered_map<string, int> hashmap1;
		// 遍历第二个
		for(string word : words2)
        {
            hashmap1[word]++;
        }
        int ans = 0;
        // 这里遍历哪一个都行
        for(string word : words1)
        {
        	// 必须是都为对应的数量都为1才可以满足题目要求
            if(hashmap[word] == 1 && hashmap1[word] == 1)
            {
                ans++;
                hashmap[word] = 0;
                hashmap1[word] = 0;
            }
        }
        return ans;
    }
};

3. 从房屋收集雨水需要的最小桶数——贪心，模拟

给你一个下标从 0 开始的字符串 street 。street 中每个字符要么是表示房屋的 'H' ，要么是表示空位的 '.' 。

你可以在 空位 放置水桶，从相邻的房屋收集雨水。位置在 i - 1 或者 i + 1 的水桶可以收集位置为 i 处房屋的雨水。一个水桶如果相邻两个位置都有房屋，那么它可以收集 两个 房屋的雨水。

在确保 每个 房屋旁边都 至少 有一个水桶的前提下，请你返回需要的 最少 水桶数。如果无解请返回 -1 。

题目链接：https://leetcode-cn.com/contest/biweekly-contest-66/problems/minimum-number-of-buckets-required-to-collect-rainwater-from-houses/

实例，可以自己点链接跳转（太多了，不想截屏）

题解思路

我是采用模拟的思路，需要规避一些特殊情况，看一写dalao是用贪心写的，有兴趣的小伙伴可以去看一下

代码

class Solution {
public:
    int minimumBuckets(string street) {
        int ans = 0;
        int len = street.length();
        // 特殊情况
        if(len == 1 && street[0] == 'H')
        {
            return -1;
        }
        for(int i = 0; i < len; ++i)
        {
        	// 中间下标，访问两边
            if(i > 0 && i < len - 1)
            {
         		// 只考虑当前为房屋
                if(street[i] == 'H')
                {
                    if(street[i - 1] == 'H' && street[i + 1] == 'H')
                    {
                        return -1;
                    }
                    if(street[i + 1] =='.' && street[i - 1] == '.')
                    {
                        ans++;
                        // 默认把后一个作为水桶，并修改，防止二次访问
                        street[i + 1] = '+';
                    }
                    else if(street[i + 1] == 'H' && street[i - 1] == '.')
                    {
                        ans++;
                        street[i - 1] = '+';
                    }
                     else if(street[i - 1] == 'H' && street[i + 1] == '.')
                    {
                        ans++;
                        street[i + 1] = '+';
                    }
                }
            }
            // 首位
            else if(i == 0)
            {
                if(street[i] == 'H')
                {
                    if(street[i + 1] == 'H')
                    {
                        return -1;
                    }
                    street[i + 1] = '+';
                    ans++;
                }
            }
            // 末位
            else
            {
                if(street[i] == 'H')
                {
                    if(street[i - 1] == 'H')
                    {
                        return -1;
                    }
                    else if(street[i - 1] == '.')
                    {
                        ans++;
                    }
                }
            }
        }
        return ans;
    }
};

这代码写得是真的臭，但是时间和空间复杂度是真的低。

4. 网格图中机器人回家的最小代价——脑筋急转弯

给你一个 m x n 的网格图，其中 (0, 0) 是最左上角的格子，(m - 1, n - 1) 是最右下角的格子。给你一个整数数组 startPos ，startPos = [startrow, startcol] 表示 初始 有一个 机器人 在格子 (startrow, startcol) 处。同时给你一个整数数组 homePos ，homePos = [homerow, homecol] 表示机器人的 家 在格子 (homerow, homecol) 处。

机器人需要回家。每一步它可以往四个方向移动：上，下，左，右，同时机器人不能移出边界。每一步移动都有一定代价。再给你两个下标从 0 开始的额整数数组：长度为 m 的数组 rowCosts 和长度为 n 的数组 colCosts 。

• 如果机器人往 上 或者往 下 移动到第 r 行 的格子，那么代价为 rowCosts[r] 。
• 如果机器人往 左 或者往 右 移动到第 c 列 的格子，那么代价为 colCosts[c] 。

请你返回机器人回家需要的 最小总代价 。

题目链接https://leetcode-cn.com/contest/biweekly-contest-66/problems/minimum-cost-homecoming-of-a-robot-in-a-grid/

示例

思路

说实话，我差点用dp，后面一看，这不是固定走的嘛，不管怎么走，都是要跨行跨列（指始末点的行列不同），直接对应加即可，但是，我们可以做一些处理

[外链图片转存失败,源站可能有防盗链机制,建议将图片保存下来直接上传(img-X14nSRFl-1638112391004)(C:\Users\86152\AppData\Roaming\Typora\typora-user-images\image-20211128230429747.png)]

我们一般希望start和end的关系能这样，即起始点的行和列都小于等于终点，而由于无论从起点到终点还是终点到起点的代价都是一样（除了端点）所以在算结果前，我们只需要做下交换，就可以在计算结果时，只需考虑一种路径即可。

题解代码

class Solution {
public:
    int minCost(vector<int>& startPos, vector<int>& homePos, vector<int>& rowCosts, vector<int>& colCosts) {
    	// 判断是否需要交换
        if(startPos[0] > homePos[0])
        {
        	// 交换坐标前，需要把对应的代价也交换
            swap(rowCosts[startPos[0]], rowCosts[homePos[0]]);
            swap(startPos[0], homePos[0]);
        }
        if(startPos[1] > homePos[1])
        {
            swap(colCosts[startPos[1]], colCosts[homePos[1]]);
            swap(startPos[1], homePos[1]);
            
        }
        int ans = 0;
        // 遍历即可，至同行同列，即到终点
        while(startPos[0] < homePos[0])
        {
            ans += rowCosts[startPos[0] +  1];
            startPos[0]++;
        }
        while(startPos[1] < homePos[1])
        {
            ans += colCosts[startPos[1] + 1];
            startPos[1]++;
        }
        
        return ans;
    }
};