#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<string>
#include<ctype.h>
#include<math.h>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
#include<bitset>
#include<algorithm>
#include<time.h>
using namespace std;
void fre() { freopen("c://test//input.in", "r", stdin); freopen("c://test//output.out", "w", stdout); }
#define MS(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define MC(x,y) memcpy(x,y,sizeof(x))
#define MP(x,y) make_pair(x,y)
#define ls o<<1
#define rs o<<1|1
typedef long long LL;
typedef unsigned long long UL;
typedef unsigned int UI;
template <class T1, class T2>inline void gmax(T1 &a, T2 b) { if (b>a)a = b; }
template <class T1, class T2>inline void gmin(T1 &a, T2 b) { if (b<a)a = b; }
const int N = 1e5+10, M = 1e5+10, Z = 1e9 + 7, ms63 = 0x3f3f3f3f;
int n, m, k;
struct A
{
int id;
int o;
int l, r;
bool operator < (const A&b)const
{
if (id != b.id)return id < b.id;
return r < b.r;
}
}a[M];
LL ans[M];
int num[(int)1.05e6];
int c[N];
int ins(int p)
{
int tmp = num[c[p] ^ k];
++num[c[p]];
return tmp;
}
int del(int p)
{
--num[c[p]];
int tmp = num[c[p] ^ k];
return tmp;
}
int main()
{
while (~scanf("%d%d%d", &n,&m,&k))
{
int len = sqrt(n);
for (int i = 1; i <= n; ++i)
{
scanf("%d", &c[i]);
c[i] ^= c[i - 1];
}
for (int i = 1; i <= m; ++i)
{
scanf("%d%d", &a[i].l, &a[i].r); --a[i].l;
a[i].id = a[i].l / len;
a[i].o = i;
}
sort(a + 1, a + m + 1);
MS(num, 0);
LL ANS = 0;
int l = a[1].l;
int r = a[1].l-1;
for (int i = 1; i <= m; ++i)
{
while (l > a[i].l)ANS += ins(--l);
while (r < a[i].r)ANS += ins(++r);
while (l < a[i].l)ANS -= del(l++);
while (r > a[i].r)ANS -= del(r--);
ans[a[i].o] = ANS;
}
for (int i = 1; i <= m; ++i)printf("%lld\n", ans[i]);
}
return 0;
}
/*
【trick&&吐槽】
做题的心态千万要稳住。
1，检查是否爆int————不要只检验答案输出是lld还是d，所有定义也都要检查下
2，检查数组是否开小。这道题虽然数字的范围都是1e6，然而，异或之后还是可达2^20-1的。
于是，数组还是要开到1<<20的
3，这题的异或是对区间
【题意】
给你n（1e5）个数，每个数的权值都在[0,1e6]之间。
有m（1e5）个询问，
对于每个询问，给定区间[l,r]，问你区间内有多少个连续子段（按照题目定义，显然非空），
满足子段的连续异或和恰好为k（k是[0,1e6]范围的数）
【类型】
莫队算法
真是区间思想
【分析】
1，这题询问众多，而且询问都是[l,r]的形式。
我们显然想到使用莫队做。
2，涉及到区间连续异或和，我们想到用前缀和映射思想。
3，数字范围最大只有1e6，于是可以开差不多（其实要1<<20大小），做映射。
这题最关键的地方，在于，比如l=5，r=6，我们实际是可以需要用c[6]^c[4]来得到val[5]+val[6]
这里浪费了很多时间，并且想了很多复杂的方法。
然而，我们如果一旦发现到其真实区间，问题就变得轻而易举了！
我们发现，对于我们选定的一个区间段，比如l=5,r=5，其实是有两个位置的，5号位置前，5号位置后，位置的选择方式并不是r-l-1种，而是r-l种
于是，我们对于所有的查询区间[l,r]，使得l--，使其变成其真实区间[l-1,r]。
然后，我们把所有前缀和x都用num[]数组计数，就可以更新答案了。
如果是区间扩展操作，在这个前缀和添加进去之间的num[x^k]就是对答案的增贡献，然后+=num[x]
如果是区间缩减操作，先-=num[x]，然后在这个前缀和删除之后的num[x^k]就是对答案的减贡献。
为什么区间扩展操作先+=num[x^k]再把这个值加进去
而如果是区间缩减操作，则是把这个值删除，再-=num[x^k]
为什么这样子呢？为了防止x^k==x，即这个区间段和自身做匹配的情况发生。
自身与自身做匹配，说明选择的是空区间段。显然是不行的。
于是，一个左区间段-1对应到真实区间，一个加减顺序解决掉k==0的特殊情况，
用在一起这道题就可以AC啦。
【时间复杂度&&优化】
O(msqrt(n))
【数据】
5 4 0
0 0 0 0 0
1 5
3 3
5 5
2 4
*/
