Description
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Output
Sample Input
37 29 41 43 47
Sample Output
654
给出一个5元3次方程,输入其5个系数,求它的解的个数
其中系数 ai∈[-50,50] 自变量xi∈[-50,0)∪(0,50]
一开始想着暴力水过去,因为前几天蓝桥杯好像有一道差不多题是暴力水过去的,但是发现这个O(n5)完全水不过去啊。所以后来网上搜了题解,发现别人比你就是聪明,想的方法就是不一样些,佩服那些大神啊
接下来:hash
我们先定义一个映射数组hash[],初始化为0
对于方程左边,当x1=m , x2= n时得到sum,则把用hash[]记录sum : hash[sum]++,表示sum这个值出现了1次
之所以是记录“次数”,而不是记录“是否已出现”,
因为不能保证函数的映射为 1对1 映射,更多的是存在 多对1映射。
例如当 a1=a2时,x1=m , x2= n我们得到了sum,但x1=n , x2= m时我们也会得到sum,但是我们说这两个是不同的解,这就是 多对1 的情况了,如果单纯记录sum是否出现过,则会使得 解的个数 减少。
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; short hash[25000001]; int main() { int a1,a2,a3,a4,a5; while(scanf("%d%d%d%d%d",&a1,&a2,&a3,&a4,&a5)!=EOF) { memset(hash,0,sizeof(hash)); for(int x1=-50;x1<=50;x1++) { if(!x1) continue; for(int x2=-50;x2<=50;x2++) { if(!x2) continue; int sum=(a1*x1*x1*x1 + a2*x2*x2*x2)*(-1); if(sum<0) sum+=25000000; hash[sum]++; } } int so=0; for(int x3=-50;x3<=50;x3++) { if(!x3) continue; for(int x4=-50;x4<=50;x4++) { if(!x4) continue; for(int x5=-50;x5<=50;x5++) { if(!x5) continue; int sum=a3*x3*x3*x3 + a4*x4*x4*x4 + a5*x5*x5*x5; if(sum<0) sum+=25000000; if(hash[sum]) so+=hash[sum]; } } } printf("%d\n",so); } return 0; }
因此上界为 50*50^3+50*50^3=12500000,由于sum也可能为负数,因此我们对hash[]的上界进行扩展,扩展到25000000,当sum<0时,我们令sum+=25000000存储到hash[]
由于数组很大,必须使用全局定义
同时由于数组很大,用int定义必然会MLE,因此要用char或者short定义数组,推荐short