leetcode 338 ： Counting Bits ：找规律&位运算
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Difficulty: Medium
Given a non negative integer number num. For every numbers i in the range 0 ≤ i ≤ num calculate the number of 1's in their binary representation and return them as an array.
Example:
For num = 5 you should return [0,1,1,2,1,2].
Follow up:
- It is very easy to come up with a solution with run time O(n*sizeof(integer)). But can you do it in linear time O(n) /possibly in a single pass?
- Space complexity should be O(n).
- Can you do it like a boss? Do it without using any builtin function like __builtin_popcount in c++ or in any other language.
public class Solution {
public int[] countBits(int num) {
int[] re=new int[num+1];
int index=1;
int begin=1;
long count=1;
re[0]=0;
while(index<=num){
for(int i=0;i<begin&&index<=num;i++){
re[index++]=re[i]+1;
}
begin=begin<<1;
count=begin;
}
return re;
}
}最优的解法，只是通过将这种能够规律转化成公式，再加上位运算，速度优化不会太高，不过位运算十分重要。
public int[] countBits(int num) {
int[] f = new int[num + 1];
for (int i=1; i<=num; i++) f[i] = f[i >> 1] + (i & 1);
return f;
}
位运算知识：
1.获得int型最大值：
int getMaxInt() {
//return (1 << 31) - 1;// 2147483647， 由于优先级关系，括号不可省略
//return ~(1 << 31);//2147483647
return Integer.MAX_VALUE;
}
2.获得int型最小值：
int getMinInt(){
//return 1 << 31;//-2147483648
return Integer.MIN_VALUE;
}
int mulAdivTwo(int n){
return n << 1; //计算n*2
//return n >> 1;//除以2
}
int mulAdivTwoPower(int n,int m){
return n << m; //计算n*(2^m)
//return n >> m; //计算n/(2^m)
}
5.判断一个数的奇偶性
boolean isOddNumber(int n){
return (n & 1) == 1;
}
6.不适用临时变量交换两个数：
a ^= b; b ^= a; a ^= b;
7.取绝对值（某些机器上，效率比n>0?n:-n高）：
int abs(int n){
return (n ^ (n >> 31)) - (n >> 31);
/* n>>31 取得n的符号，若n为正数，n>>31等于0，若n为负数，n>>31等于-1
若n为正数 n^0=0,数不变，若n为负数有n^-1 需要计算n和-1的补码，然后进行异或运算，
结果n变号并且为n的绝对值减1，再减去-1就是绝对值 */
}
8.取两个数的最大值（某些机器上，效率比a>b?a:b高）
int max(int a,int b){
return b & ((a-b) >> 31) | a & (~(a-b) >> 31);
/*如果a>=b,(a-b)>>31为0，否则为-1*/
}
9.取两个数的最小值（某些机器上，效率比a>b?b:a高）：
int min(int a,int b){
return a & ((a-b) >> 31) | b & (~(a-b) >> 31);
/*如果a>=b,(a-b)>>31为0，否则为-1*/
}
10.判断符号是否相同：
boolean isSameSign(int x, int y){ //有0的情况例外
return (x ^ y) >= 0; // true 表示 x和y有相同的符号， false表示x，y有相反的符号。
}
boolean isFactorialofTwo(int n){
return n > 0 ? (n & (n - 1)) == 0 : false;
/*如果是2的幂，n一定是100... n-1就是1111....
所以做与运算结果为0*/
}
12.对2的n次方取余：
int quyu(int m,int n){//n为2的次方
return m & (n - 1);
/*如果是2的幂，n一定是100... n-1就是1111....
所以做与运算结果保留m在n范围的非0的位*/
}
13.从低位到高位，取n的第m位：
int getBit(int n, int m){
return (n >> (m-1)) & 1;
}
14.从低位到高位，将n的第m位置1：
int setBitToOne(int n, int m){
return n | (1 << (m-1));
/*将1左移m-1位找到第m位，得到000...1...000
n在和这个数做或运算*/
}
15.从低位到高位，将n的第m位置0
int setBitToZero(int n, int m){
return n & ~(1 << (m-1));
/* 将1左移m-1位找到第m位，取反后变成111...0...1111
n再和这个数做与运算*/
}
int calc(int n){
if( n & (n-1) ==0 )
return n;
n |= n>>1;
n |= n>>2;
n |= n>>4;
n |= n>>8;
n |= n>>16;
return n+1;
}
位运算的资料来源：
http://blog.163.com/126_xialin.126/blog/static/279086312014117111557771/