[BZOJ2333][SCOI2011][可并堆]棘手的操作

题意

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有N个节点，标号从1到N，这N个节点一开始相互不连通。第i个节点的初始权值为a[i]，接下来有如下一些操作：
U x y: 加一条边，连接第x个节点和第y个节点
A1 x v: 将第x个节点的权值增加v
A2 x v: 将第x个节点所在的连通块的所有节点的权值都增加v
A3 v: 将所有节点的权值都增加v
F1 x: 输出第x个节点当前的权值
F2 x: 输出第x个节点所在的连通块中，权值最大的节点的权值
F3: 输出所有节点中，权值最大的节点的权值

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每个点维护一个可并堆，U的操作就是合并x,y所处的堆；A1,A2堆上操作，A3开个全局变量记录；F1,F2堆上操作，F3的话用优先队列记录每个堆顶元素大小就可以了（注意是每个堆顶元素，维护的可并堆是大根堆，所以这样记录正确性是可以保证的）。

不是第一次写可并堆了，个人偏爱写左偏树（其他的不会啊2333），不过这是我用Emacs码的第一个代码，调了一个晚上和一个上午。

…还是很有纪念价值2333

#include 
#include 
#include 
#include 
#define N 300010

using namespace std;

int n,m,tot,x,v,tp,i;
int w[N],sta[N];
char op[5];
struct node{
  int f,l,r,d,flg,w;
}T[N<<1];
priority_queue<int> Q,del;


inline int Getr(int x){
  while(T[x].f) x=T[x].f;
  return x;
}

inline void swap(int &x,int &y){
  int z=x;x=y;y=z;
}

inline void Erase(int x){
  while(del.size()&&del.top()==Q.top()) del.pop(),Q.pop();
  del.push(x);
}

inline void Insert(int x){
  while(del.size()&&del.top()==Q.top()) del.pop(),Q.pop();
  Q.push(x);
}

inline int Top(){
   while(del.size()&&del.top()==Q.top()) del.pop(),Q.pop();
   return Q.top();
}

inline void mark(int x,int y){
  T[x].w+=y;
  T[x].flg+=y;
}

inline void pushdown(int x){
  if(T[x].flg==0) return;
  if(T[x].l) mark(T[x].l,T[x].flg);
  if(T[x].r) mark(T[x].r,T[x].flg);
  T[x].flg=0;
}

inline void fixtop(int x){
  sta[tp=1]=x;
  for(int i=x;T[i].f;i=T[i].f)sta[++tp]=T[i].f;
  for(;tp;--tp)pushdown(sta[tp]);
}

int merge(int x,int y,int f){
  if(x==0||y==0){T[x+y].f=f;return x+y;}
  pushdown(x); pushdown(y);
  if(T[x].wif(T[T[x].l].dif(T[x].r)T[x].d=T[T[x].r].d+1; else T[x].d=0;
  T[x].f=f;
  return x;
}

inline int query(int x){
  fixtop(x);
  return T[x].w;
}

inline int qmx(int x){
  fixtop(x);
  return T[Getr(x)].w;
}

inline void Fix(int x){
  fixtop(x);
  int R=Getr(x);
  if(R==x) {
    int k=merge(T[x].l,T[x].r,x);
    T[x].l=T[x].r=0;
    Insert(T[merge(x,k,0)].w);
    return;
  }
  if(x==T[T[x].f].l) T[T[x].f].l=merge(T[x].l,T[x].r,T[x].f);
  else T[T[x].f].r=merge(T[x].l,T[x].r,T[x].f);
  T[x].l=T[x].r=0;
  Insert(T[merge(x,R,0)].w);
}

inline int max(const int &a,const int &b){
  return ainline void reaD(int &x){
  char Ch=getchar();x=0;int f=1;
  for(;Ch>'9'||Ch<'0';Ch=getchar())if(Ch=='-')f=-1;
  for(;Ch>='0'&&Ch<='9';x=x*10+Ch-'0',Ch=getchar());x*=f;
}

inline void reaD(char *x){
  char Ch=getchar();int len=0;
  for(;!((Ch>='A'&&Ch<='Z')||(Ch>='0'&&Ch<='9'));Ch=getchar());
  for(;(Ch>='A'&&Ch<='Z')||(Ch>='0'&&Ch<='9');x[len++]=Ch,Ch=getchar());
}

int main(){
  reaD(n);
  for(i=1;i<=n;i++) reaD(T[i].w),Q.push(T[i].w);
  reaD(m);
  for(i=1;i<=m;i++){
    reaD(op);
    if(op[0]=='A'){
      if(op[1]=='1'){
    reaD(x);reaD(v);
    Erase(T[Getr(x)].w);
    T[x].w+=v;
    Fix(x);
      }
      else if(op[1]=='2'){
        reaD(x),reaD(v);
        int k=Getr(x);
        Erase(T[k].w);
        Insert(T[k].w+v);
        mark(k,v);
      }
      else reaD(v),tot+=v;
    }
    else if(op[0]=='U'){
      reaD(x);reaD(v);
      int a=Getr(x),b=Getr(v);
      if(a==b) continue;
      Erase(T[a].w);Erase(T[b].w);
      Insert(T[merge(a,b,0)].w);
    }
    else{
      if(op[1]=='1') reaD(x),printf("%d\n",query(x)+tot);
      else if(op[1]=='2') reaD(x),printf("%d\n",tot+qmx(x));
      else printf("%d\n",Top()+tot);
    }
  }
}