网易2019实习生招聘面试编程题与参考答案集合

编程题

1、牛牛找工作

为了找到自己满意的工作，牛牛收集了每种工作的难度和报酬。牛牛选工作的标准是在难度不超过自身能力值的情况下，牛牛选择报酬最高的工作。在牛牛选定了自己的工作后，牛牛的小伙伴们来找牛牛帮忙选工作，牛牛依然使用自己的标准来帮助小伙伴们。牛牛的小伙伴太多了，于是他只好把这个任务交给了你。

输入描述:

每个输入包含一个测试用例。

每个测试用例的第一行包含两个正整数，分别表示工作的数量N(N<=100000)和小伙伴的数量M(M<=100000)。

接下来的N行每行包含两个正整数，分别表示该项工作的难度Di(Di<=1000000000)和报酬Pi(Pi<=1000000000)。

接下来的一行包含M个正整数，分别表示M个小伙伴的能力值Ai(Ai<=1000000000)。

保证不存在两项工作的报酬相同。

输出描述:

对于每个小伙伴，在单独的一行输出一个正整数表示他能得到的最高报酬。一个工作可以被多个人选择。

输入例子1:

3 3

1 100

10 1000

1000000000 1001

9 10 1000000000

输出例子1:

100

1000

1001

代码：

import java.util.*;
public class Main{
    public static void main(String[] args){
        Scanner sc = new Scanner(System.in);
        int n = sc.nextInt();
        int m = sc.nextInt();
        int t1=0,t2=0;
        HashMap hs = new HashMap<>();
        int[] a = new int[n+m];
        int[] b = new int[m];
        for(int i=0;i 
 

2、被3整除

小Q得到一个神奇的数列: 1, 12, 123,...12345678910,1234567891011...。

并且小Q对于能否被3整除这个性质很感兴趣。

小Q现在希望你能帮他计算一下从数列的第l个到第r个(包含端点)有多少个数可以被3整除。

输入描述:

输入包括两个整数l和r(1 <= l <= r <= 1e9), 表示要求解的区间两端。

输出描述:

输出一个整数, 表示区间内能被3整除的数字个数。

输入例子1:

2 5

输出例子1:

3

例子说明1:

12, 123, 1234, 12345...

其中12, 123, 12345能被3整除。

代码：

#include
using namespace std;

int main(){
    int left, right;
    int result = 0;

    cin >> left >> right;
    for(int i=left; i<=right; ++i){
        switch(i%3){
            case 1: ;break;
            case 2: ++result;break;
            case 0: ++result;break;
        }
    }
    cout << result << endl;
}

3、安置路灯

小Q正在给一条长度为n的道路设计路灯安置方案。

为了让问题更简单,小Q把道路视为n个方格,需要照亮的地方用'.'表示, 不需要照亮的障碍物格子用'X'表示。

小Q现在要在道路上设置一些路灯, 对于安置在pos位置的路灯, 这盏路灯可以照亮pos - 1, pos, pos + 1这三个位置。

小Q希望能安置尽量少的路灯照亮所有'.'区域, 希望你能帮他计算一下最少需要多少盏路灯。

输入描述:

输入的第一行包含一个正整数t(1 <= t <= 1000), 表示测试用例数

接下来每两行一个测试数据, 第一行一个正整数n(1 <= n <= 1000),表示道路的长度。

第二行一个字符串s表示道路的构造,只包含'.'和'X'。

输出描述:

对于每个测试用例, 输出一个正整数表示最少需要多少盏路灯。

输入例子1:

2

3

.X.

11

...XX....XX

输出例子1:

1

3

代码：

#include 
using namespace std;
int main()
{
    int t; cin >> t;
    for (int i = 0; i < t; i++) {
        int n; cin >> n;
        int j = 0, count = 0;
        while (j++ < n) {
            char ch; cin >> ch;
            if (ch == '.') {
                count++;
                if (j++ < n) cin >> ch;
                if (j++ < n) cin >> ch;
            }
        }
        cout << count << endl;
    }
    return 0;
}

4、迷路的牛牛

牛牛去��睦鲜�家补课，出门的时候面向北方，但是现在他迷路了。虽然他手里有一张地图，但是他需要知道自己面向哪个方向，请你帮帮他。

输入描述:

每个输入包含一个测试用例。

每个测试用例的第一行包含一个正整数，表示转方向的次数N(N<=1000)。

接下来的一行包含一个长度为N的字符串，由L和R组成，L表示向左转，R表示向右转。

输出描述:

输出牛牛最后面向的方向，N表示北，S表示南，E表示东，W表示西。

输入例子1:

3

LRR

输出例子1:

E

代码：

#include 
using namespace std;
int main()
{
    int n; cin >> n;
    char director[5] = "NESW";
    int now = 0;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        char next; cin >> next;
        if (next == 'L') {
            now = (now + 4 - 1) % 4;
        }
        else {
            now = (now + 1) % 4;
        }
    }
    cout << director[now];
    return 0;
}

5、数对

牛牛以前在老师那里得到了一个正整数数对(x, y), 牛牛忘记他们具体是多少了。

但是牛牛记得老师告诉过他x和y均不大于n, 并且x除以y的余数大于等于k。

牛牛希望你能帮他计算一共有多少个可能的数对。

输入描述:

输入包括两个正整数n,k(1 <= n <= 10^5, 0 <= k <= n - 1)。

输出描述:

对于每个测试用例, 输出一个正整数表示可能的数对数量。

输入例子1:

5 2

输出例子1:

7

例子说明1:

满足条件的数对有(2,3),(2,4),(2,5),(3,4),(3,5),(4,5),(5,3)

代码：

// 时间复杂度O(N)
// 将除数y从k+1 开始计算，除数为y时，数对的个数包括两部分： n/y*(y-k) 和多出来的另一部分，这部分需要看
// n%y 和k的大小关系
import java.util.*;
public class Main{
    public static void main(String[] arsg){
        Scanner sc= new Scanner(System.in);
        int n = sc.nextInt();
        int k = sc.nextInt();
        long sum = 0;
        int t = 0;
        int tt = 0;
        for(int i=k+1;i<=n;i++){
            t++;
            tt = (n%i - k + 1) >0 ? (n%i - k + 1):0;
            sum+=n/i*t+tt;
        }
        if(k == 0) sum-=n;// k=0 特殊情况  多计算了n次
        System.out.print(sum);
    }
}

6、矩形重叠

平面内有n个矩形, 第i个矩形的左下角坐标为(x1[i], y1[i]), 右上角坐标为(x2[i], y2[i])。

如果两个或者多个矩形有公共区域则认为它们是相互重叠的(不考虑边界和角落)。

请你计算出平面内重叠矩形数量最多的地方,有多少个矩形相互重叠。

输入描述:

输入包括五行。

第一行包括一个整数n(2 <= n <= 50), 表示矩形的个数。

第二行包括n个整数x1[i](-10^9 <= x1[i] <= 10^9),表示左下角的横坐标。

第三行包括n个整数y1[i](-10^9 <= y1[i] <= 10^9),表示左下角的纵坐标。

第四行包括n个整数x2[i](-10^9 <= x2[i] <= 10^9),表示右上角的横坐标。

第五行包括n个整数y2[i](-10^9 <= y2[i] <= 10^9),表示右上角的纵坐标。

输出描述:

输出一个正整数, 表示最多的地方有多少个矩形相互重叠,如果矩形都不互相重叠,输出1。

输入例子1:

2

0 90

0 90

100 200

100 200

输出例子1:

2

代码：

import sys
lines = sys.stdin.readlines()
n = int(lines[0])
x1 = list(map(int,lines[1].split()))
y1 = list(map(int,lines[2].split()))
x2 = list(map(int,lines[3].split()))
y2 = list(map(int,lines[4].split()))
# 遍历所有点的组合（包含了矩形所有角以及交点），看一下有多少矩形包含它
res = 1
for x in x1+x2:
    for y in y1+y2:
        cnt = 0
        for i in range(n):
            if x > x1[i] and y > y1[i] and x <= x2[i] and y <= y2[i]:
                cnt += 1
        res = max(res,cnt)
print(res)

7、牛牛的闹钟

牛牛总是睡过头，所以他定了很多闹钟，只有在闹钟响的时候他才会醒过来并且决定起不起床。从他起床算起他需要X分钟到达教室，上课时间为当天的A时B分，请问他最晚可以什么时间起床

输入描述:

每个输入包含一个测试用例。

每个测试用例的第一行包含一个正整数，表示闹钟的数量N(N<=100)。

接下来的N行每行包含两个整数，表示这个闹钟响起的时间为Hi(0<=A<24)时Mi(0<=B<60)分。

接下来的一行包含一个整数，表示从起床算起他需要X(0<=X<=100)分钟到达教室。

接下来的一行包含两个整数，表示上课时间为A(0<=A<24)时B(0<=B<60)分。

数据保证至少有一个闹钟可以让牛牛及时到达教室。

输出描述:

输出两个整数表示牛牛最晚起床时间。

输入例子1:

3

5 0

6 0

7 0

59

6 59

输出例子1:

6 0

代码：

import java.util.*;
public class Main{
    public static void main(String[] args){
        Scanner sc = new Scanner(System.in);
        int n = sc.nextInt();
        int h=0,m=0;
        int[] a = new int[n];
        for(int i=0;i 
 

8、牛牛的背包问题

牛牛准备参加学校组织的春游, 出发前牛牛准备往背包里装入一些零食, 牛牛的背包容量为w。

牛牛家里一共有n袋零食, 第i袋零食体积为v[i]。

牛牛想知道在总体积不超过背包容量的情况下,他一共有多少种零食放法(总体积为0也算一种放法)。

输入描述:

输入包括两行

第一行为两个正整数n和w(1 <= n <= 30, 1 <= w <= 2 * 10^9),表示零食的数量和背包的容量。

第二行n个正整数v[i](0 <= v[i] <= 10^9),表示每袋零食的体积。

输出描述:

输出一个正整数, 表示牛牛一共有多少种零食放法。

输入例子1:

3 10

1 2 4

输出例子1:

8

例子说明1:

三种零食总体积小于10,于是每种零食有放入和不放入两种情况，一共有2*2*2 = 8种情况。
代码：

 

/*前几个答案的递归是有问题的，在调用的时候不需要for循环对每个i调用

递归本身就包含了这种循环*/
#include
using namespace std;
long ans=0;
int n;
long w;
vectorvalue;
void dfs(long sum,int loc);
int main()
{
    cin>>n>>w;
    long total=0;
    for(int i=0;i>b;
        value.push_back(b);
        total+=value[i];
    }
    if(total<=w)
        ans=pow(2,n);
    else{
        sort(value.begin(),value.end());
        dfs(0,0);
    }
    cout<w)
        return ;
    if(sum<=w){
        ++ans;
    }
    for(int i=loc;i