杂题训练之三

https://www.luogu.org/problem/P1314

这题目很明显地告诉我们是二分

如果你看不出来的话：二分的判断。

可以看到：在W取0时，所有的区间内的矿石都可以选上，

而在W大于最大的质量时，所有的矿石都选不上。

然后简单算一下就发现：

W越大，矿石选的越少，W越小，矿石选的越多。

所以，随着W增大，Y值减小；

所以：二分的判断条件出来了：

当Y>s 时，需要增大WW来减小Y,从而|Y-s|变小；

当Y==s时，|Y-s|==0;

当Y

再就是前缀和（因为题目要求是区间和）

因为二分是logn，维护前缀和是On的，所以nlogn是稳稳的过

code by std（码风比较丑，不是我写的，我找了个最清晰的）：

#include
#include
#define ll long long
using namespace std;
const int N=1001000;
template
void read(T &x)
{
    x=0;
    T f;
    f=1;
    char c;
    c=getchar();
    while((c<'0'||c>'9')&&c!='-')
    {
        c=getchar();
    }
    if(c=='-')
    {
        f=-1;
        c=getchar();
    }
    while(c>='0'&&c<='9')
    {
        x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48);
        c=getchar();
    }
    x=x*f;
}
int w[N],v[N],L[N],R[N],n,m;
ll s,sum[N],num[N];
ll check(ll W)
{
    int i;
    ll ans;
    ans=0;
    for(i=1;i<=n;i++)
    {
        if(w[i]0 ? a : -a;
}
int main()
{
    int i;
    ll l,r,mid,ans;
    read(n);
    read(m);
    read(s);
    for(i=1;i<=n;i++)
    {
        read(w[i]);
        read(v[i]);
    }
    for(i=1;i<=m;i++)
    {
        read(L[i]);
        read(R[i]);
    }
    l=0;
    r=1e6;
    while(l<=r)
    {
        mid=(l+r)>>1;
        if(check(mid)>s)
        {
            l=mid+1;
        }
        else
        {
            r=mid-1;
        }
    }
    ans=labs(check(l)-s);
    if(ans>labs(check(r)-s))
    {
        ans=labs(check(r)-s);
    }
    printf("%lld",ans);
}