学习笔记 | Leetcode 181周赛
第一次参加周赛，只会答出来最简单的一题，第二题超时，第三、四题不会做，这里来总结一下，并希望下次有进步。
第181场leetcode 周赛
5364. 按既定顺序创建目标数组
给你两个整数数组 nums 和 index。你需要按照以下规则创建目标数组：
- 目标数组 target 最初为空。
- 按从左到右的顺序依次读取 nums[i] 和 index[i]，在 target 数组中的下标 index[i] 处插入值 nums[i] 。
- 重复上一步，直到在 nums 和 index 中都没有要读取的元素。
请你返回目标数组。
思路：题目比较简单，直接暴力求解即可
vector<int> createTargetArray(vector<int>& nums, vector<int>& index) {
vector<int> target(0);
for(int i=0;i<nums.size();i++){
target.insert(target.begin()+index[i],nums[i]);
}
return target;
}
5178. 四因数
给你一个整数数组 nums，请你返回该数组中恰有四个因数的这些整数的各因数之和。
如果数组中不存在满足题意的整数，则返回 0 。
示例：
输入：nums = [21,4,7]
输出：32
解释： 21 有 4 个因数：1, 3, 7, 21
4 有 3 个因数：1, 2, 4
7 有 2 个因数：1, 7
答案仅为 21 的所有因数的和。提示：
1 <= nums.length <= 10^4
1 <= nums[i] <= 10^5
未通过的思路：
第一反应就是暴力求解啊，隐约觉得可能超时，果不其然超时了，而且我考虑的也不周全，没有考虑到立方根的问题
看过大佬们的思路：4个因子的话，可以分为1和本身+剩下两个因子，这两个因子可以是质数相乘，但是如果是个立方根的话，就得舍去了。
#include 1391. 检查网格中是否存在有效路径
给你一个 m x n 的网格 grid。网格里的每个单元都代表一条街道。grid[i][j] 的街道可以是：
1 表示连接左单元格和右单元格的街道。
2 表示连接上单元格和下单元格的街道。
3 表示连接左单元格和下单元格的街道。
4 表示连接右单元格和下单元格的街道。
5 表示连接左单元格和上单元格的街道。
6 表示连接右单元格和上单元格的街道。
你最开始从左上角的单元格 (0,0) 开始出发，网格中的「有效路径」是指从左上方的单元格 (0,0) 开始、一直到右下方的 (m-1,n-1) 结束的路径。该路径必须只沿着街道走。
注意：你不能变更街道。
如果网格中存在有效的路径，则返回 true，否则返回 false 。
思路：这题其实袭击想的时候直到只要转换好就可以，但是无奈题刷得少，不知道咋转换，于是看了别的大佬的题解：链接
pipe[3][2]=3，代表3号拼图可以由向上的方向进入其中，并转向左方向继续前进。
pipe[5][3]=-1，代表5号拼图不可以由向左的方向进入其中。
class Solution {
int m,n,dx[4]={1,0,-1,0},dy[4]={0,1,0,-1};//0下、1右、2上、3左
int pipe[7][4]={
{-1,-1,-1,-1},
{-1,1,-1,3},
{0,-1,2,-1},
{-1,0,3,-1},
{-1,-1,1,0},
{3,2,-1,-1},
{1,-1,-1,2}
};
//记录各个拼图块路径的方向，0、1、2、3代表方向，-1代表不可走。
bool vis[302][302];
bool dfs(int x,int y,int dir,vector<vector<int>>& grid){//(x,y,当前方向,地图)
vis[x][y]=1;
if(x==m-1&&y==n-1) return 1;//到达终点
int xx=x+dx[dir];
int yy=y+dy[dir];//得到下一个准备走的坐标
if(xx<0||yy<0||xx>=m||yy>=n)return 0;//越界
int nxt=grid[xx][yy];//得到下一块拼图的编号
if(pipe[nxt][dir]!=-1&&!vis[xx][yy])
return dfs(xx,yy,pipe[nxt][dir],grid);//如果当前方向可走，则方向改变，继续走。
return 0;//无法走，返回0
}
public:
bool hasValidPath(vector<vector<int>>& grid) {
m=grid.size();
n=grid[0].size();
memset(vis,0,sizeof(vis));
int sta=grid[0][0];//起点的拼图编号
for(int i=0;i<4;++i)//朝着四个方向都试一下
if(pipe[sta][i]!=-1)//当前方向可以走
if(dfs(0,0,pipe[sta][i],grid))//沿着当前方向搜索
return 1;//拼图都有两个方向可以走，只要沿着一个初始方向走通就可以。
return 0;
}
};
1392. 最长快乐前缀*
（这题还不是太懂，等我把简单+中等难度题刷的差不多了再回过头来看可能那时候就懂了。）
「快乐前缀」是在原字符串中既是 非空 前缀也是后缀（不包括原字符串自身）的字符串。 给你一个字符串 s，请你返回它的 最长快乐前缀。
如果不存在满足题意的前缀，则返回一个空字符串。
方法一：KMP算法
class Solution {
public:
string longestPrefix(string s) {
int n = s.size();
vector<int> fail(n, -1);
for (int i = 1; i < n; ++i) {
int j = fail[i - 1];
while (j != -1 && s[j + 1] != s[i]) {
j = fail[j];
}
if (s[j + 1] == s[i]) {
fail[i] = j + 1;
}
}
return s.substr(0, fail[n - 1] + 1);
}
};
来源：官方题解二
方法二：字符串Hash
typedef unsigned long long ULL;
class Solution {
public:
string longestPrefix(string s) {
int base = 131;
ULL p[100002];
p[0] = 1;
ULL hash[100002];
hash[0] = 0;
for (int i = 1; i <= s.size(); i ++) {
hash[i] = hash[i-1] * base + s[i-1] - 'a' + 1;
p[i] = p[i-1] * base;
}
for (int i = s.size() - 1; i >= 1; i --) {
ULL pre = hash[i];
ULL suf = hash[s.size()] - hash[s.size()-i] * p[i];
if (pre == suf) {
return s.substr(0, i);
}
}
return "";
}
};
来源：huwt
总结与反思
这周考的算法主要是DFS和KMP算法，我主要是STL库运用还不够熟练。
毕竟才刷了几十道简单的题，不可能一下子进步很多，不过肉眼可见的确在进步中。
希望自己改进的点就是，要坚持每题都做总结，慢慢来，比较快。