A.5246 超级赛亚ACMer
显然要先排序，然后每次在能达到的最大的时候打平，这样的话就可以最大程度的利用k。
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B.5247
找连续数
n*m=1e7，正好可以暴力，然后对于每个询问，我们只需要看所的k段长度最大值-最小值是否=k-1而且区间里不同元素的个数就行了。最大值和最小值可以用一个单调队列。不同元素的个数可以先离散化，然后用数组统计个数就ok了
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C.5248
序列变换
这种最大值最小的问题，肯定二分+check就行了。对于每个ans，都可以把数变成一个区间，现在就是要看所有的区间能不能有一条上升的折线。简单验证下就可以了。
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D.5249
KPI
离线做的话其实就是问的区间第k大，划分树或者主席树都可以做。
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E.5250
三阶魔方
其实就是暴力找出置换，然后最大 公倍数就可以了。
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F.5251
矩形面积
显然是凸包最小外接矩形。
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#define eps 1e-8
#define N 50010
using namespace std;
struct Point {
double x,y;
Point() {}
Point(double x0,double y0):x(x0),y(y0) {}
};
Point p[N];
int con[N];
int cn;
int n;
double Xmult(Point o,Point a,Point b) {
return (a.x-o.x)*(b.y-o.y)-(b.x-o.x)*(a.y-o.y);
}
double Dmult(Point o,Point a,Point b) {
return (a.x-o.x)*(b.x-o.x)+(a.y-o.y)*(b.y-o.y);
}
int Sig(double a) {
return a<-eps?-1:a>eps;
}
double Dis(Point a,Point b) {
return sqrt((a.x-b.x)*(a.x-b.x)+(a.y-b.y)*(a.y-b.y));
}
int cmp(Point a,Point b) {
double d=Xmult(p[0],a,b);
if(d>0)
return 1;
if(d==0 && Dis(p[0],a)p[i].y || (p[ind].y==p[i].y) && p[ind].x>p[i].x)
ind=i;
swap(p[ind],p[0]);
sort(p+1,p+n,cmp);
con[0]=0;
con[1]=1;
cn=1;
for(i=2; i0 && Sig(Xmult(p[con[cn-1]],p[con[cn]],p[i]))<=0)
cn--;
con[++cn]=i;
}
int tmp=cn;
for(i=n-2; i>=0; i--) {
while(cn>tmp && Sig(Xmult(p[con[cn-1]],p[con[cn]],p[i]))<=0)
cn--;
con[++cn]=i;
}
}
double Solve() {
int t,r,l;
double ans=999999999;
t=r=1;
if(cn<3)
return 0;
for(int i=0; i0)
t=(t+1)%cn;
while(Sig( Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[r+1]])-
Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[r]]) )>0)
r=(r+1)%cn;
if(!i) l=r;
while(Sig( Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[l+1]])-
Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[l]]) )<=0)
l=(l+1)%cn;
double d=Dis(p[con[i]],p[con[i+1]]);
double tmp=Xmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[t]])*
( Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[r]])-
Dmult(p[con[i]],p[con[i+1]],p[con[l]]) )/d/d;
ans=min(ans,tmp);
}
return ans;
}
int main() {
int i;
int T, cas = 1;
scanf("%d", &T);
while(T --) {
scanf("%d",&n);
n *= 4;
for(i=0; i
