一题链表简单题，让我惊呼“草率了”之后，又惊呼“还是草率了”。。。

相交链表

编写一个程序，找到两个单链表相交的起始节点。
如下面的两个链表：

在节点 c1 开始相交。

示例 1：

输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
输出：Reference of the node with value = 8

输入解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。

示例 2：

输入：intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
输出：Reference of the node with value = 2

输入解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个链表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [0,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。

示例 3：

输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
输出：null

输入解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解释：这两个链表不相交，因此返回 null。

注意：

如果两个链表没有交点，返回 null.
在返回结果后，两个链表仍须保持原有的结构。
可假定整个链表结构中没有循环。
程序尽量满足 O(n) 时间复杂度，且仅用 O(1) 内存。

思路：

看这题目哔哔一堆，翻转过来不就结了嘛。
然后，就出问题了。。。
在“注意”里面，还安排了这一条小字：在返回结果后，两个链表仍须保持原有的结构。

草率了。。。

所以我们换一个解法吧，正面应战。
1、先把两条链表到底有多长摸清楚。
2、两条链表从等长的地方开始匹配。

然后，我们再看一下图和题目：是相交链表，就是说，后半部分其实是共用地址的，前面俩解法一直把这两条链表当成了值相同的两条不相干的链表。所以，就有另一种说法了，想一想链表成环的时候寻找入环点怎么找。

又草率了。。。

所以我们再换一种更简单的解法吧：
一种比较巧妙的方式是，分别为链表A和链表B设置指针A和指针B，然后开始遍历链表，如果遍历完当前链表，则将指针指向另外一个链表的头部继续遍历，直至两个指针相遇。
最终两个指针分别走过的路径为：
指针A :a+c+b
指针B :b+c+a
明显 a+c+b = b+c+a,因而如果两个链表相交，则指针A和指针B必定在相交结点相遇。

代码实现：

 ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
        ListNode *a = headA, *b = headB;
        while(a != b)
        {
            a = a? a->next : headB;                
 //为NULL时，将值置为另一个链表的起点
            b = b? b->next : headA; 
        }
        return a;
    }