Atcoder Regular Contest 066 F genocide【JZOJ5451】

题目

分析

s[i] 表示a前缀和。
设 f[i] 表示做完了1~i的友谊颗粒的最优值（不一定选i），那么转移方程为

f[i]=max{f[i−1],max{f[j]−s[i]+s[j]+(i−j)(i−j+1)2}}

，用斜率优化来处理这个。
类似的，设 gi 表示做完了i~n的友谊颗粒的最优值（不一定选i），
将a翻转，像f一样做一遍，再将g翻转就可以了。
对于询问(p,x)，如果我们不选择p，那么答案就是 f[i−1]+g[i+1]
如果我们选择了p，我们再设 F[i] 表示，必选i的最优值。

F[i]=max{f[j]+g[k]+(k−j+1)(k−j+2)2}(j<i<k)

时间复杂度是 O(N2)
如何可以更快的求出 F[i] 呢，
分治，假设当前做到 [l,r] ，左端点 [l,mid] ，i和右端点在 [mid+1,r]
tmp[i] 表示做完了左端点~i的友谊颗粒，且必选i的最优值
我们将 [l−1,mid−1] 的端点扔进斜率优化的单调栈，扫一遍 [mid+1,r] 求出tmp，

tmp[i]=max{f[j]+g[i+1]+(i−j+1)(i−j+2)2}(j∈[l−1,mid−1]<i∈[mid+1,r])

那么 F[i] 就是当前区间 tmp[i] 的后缀max
因为只考虑了i在 [mid+1,r] 的情况，反过来做一遍就可以了。
那么选择了p的的最优值就是 F[p]+a[p]−x

#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
const int maxlongint=2147483647;
const int mo=1e9+7;
const int N=1000005;
#define rev(h) for(int i=1;i<=n/2;i++) swap(h[i],h[n-i+1])
#define val(h,j,k) 1ll*(h[j]-h[k]+s[j]-s[k]-1ll*j*1.0/2+1ll*k*1.0/2+1ll*j*j*1.0/2-1ll*k*k*1.0/2)*1.0/(j-k)
int n,m,t[N],top;
long long a[N],s[N],f[N],g[N],F[N],tmp[N];
void dg(long long *f,long long *g,int l,int r)
{
    if(l==r)
    {
        F[l]=max(F[l],f[l-1]+g[l+1]+1-a[l]);
        return;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    top=0;
    for(int i=l-1;i<=mid;i++)
    {
        for(;top>1 && val(f,i,t[top])>=val(f,t[top],t[top-1]);) top--;
        t[++top]=i;
    }
    for(int i=mid+1;i<=r;i++)
    {
        for(;top>1 && val(f,t[top],t[top-1])<=i;) top--;
        int j=t[top];
        tmp[i]=f[j]-(s[i]-s[j])+1ll*(i-j)*(i-j+1)/2+g[i+1];
    }
    for(int i=r-1;i>=mid+1;i--) tmp[i]=max(tmp[i],tmp[i+1]);
    for(int i=r;i>=mid+1;i--) F[i]=max(F[i],tmp[i]);
    dg(f,g,l,mid),dg(f,g,mid+1,r);
}
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]),s[i]=s[i-1]+a[i],F[i]=-a[i]+1;
    t[top=1]=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(;top>1 && val(f,t[top],t[top-1])<=i;) top--;
        int j=t[top];
        f[i]=max(f[j]-(s[i]-s[j])+1ll*(i-j)*(i-j+1)/2,f[i-1]);
        for(;top>1 && val(f,i,t[top])>=val(f,t[top],t[top-1]);) top--;
        t[++top]=i;
    }
    rev(a);
    t[top=1]=0;
    for(int i=1;i<=n;i++) s[i]=s[i-1]+a[i];
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(;top>1 && val(g,t[top],t[top-1])<=i;) top--;
        int j=t[top];
        g[i]=max(g[j]-(s[i]-s[j])+1ll*(i-j)*(i-j+1)/2,g[i-1]);
        for(;top>1 && val(g,i,t[top])>=val(g,t[top],t[top-1]);) top--;
        t[++top]=i;
    }
    rev(a);
    for(int i=1;i<=n;i++) s[i]=s[i-1]+a[i];
    rev(g);
    dg(f,g,1,n);
    rev(a);
    rev(g);
    for(int i=1;i<=n;i++) s[i]=s[i-1]+a[i];
    rev(F);
    rev(f);
    dg(g,f,1,n);
    rev(F);
    rev(g);
    rev(f);
    rev(a);
    scanf("%d",&m);
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        long long p,x;
        scanf("%lld%lld",&p,&x);
        printf("%lld\n",max(f[p-1]+g[p+1],F[p]+a[p]-x));
    }
}