codevs 2273 扬帆远洋大战牧师妹酱 SPFA双端队列优化

根据计算机的计算结果，这N个地点大多都是非常偏僻的城镇。因此，之间的道路并不定都是畅通的。这些地区之间通过R条道路连接，为了使得之间前往的方便，扬帆远洋TEL还帮助扬帆远洋产生了P个空间隧道，扬帆远洋称之为“時間と空間の扉”。每条道路i或者“時間と空間の扉”i连接地区Ai到Bi，花费为Ci。道路是双向的，可以从Ai到Bi，也可以从Bi到Ai，花费都是Ci。然而“時間と空間の扉”与之不同，只可以从Ai到Bi。事实上，由于牧师妹酱的墨镜党(看看我的头像就知道了)的不断干扰使得链接非常不稳定。牧师妹酱的墨镜党的干扰如下：如果有一条“時間と空間の扉”可以从Ai到Bi，那么保证不可能通过一些道路和“時間と空間の扉”从Bi回到Ai。所以有些地区可能无法到达，需要扬帆远洋对自己进行Teleport才可以。
扬帆远洋现在呆在S城镇，由于他需要把每个“れいじまいご·ベクトル変換”的装置调整完毕，因此扬帆远洋写了一个程序计算从S出发，对于每个地区而言计算出了最小的花费，如果不可能，则输出“Need Teleport To Repair”。最后输出，一共有多少个地方是需要用Teleport的。
但是由于墨镜党不断的捣乱，这个程序现在无法工作，请你复述出来这个程序。
输入描述 Input Description
第1行有四个空格隔开的整数T、R、P和S。
第2至R+1行每行有3个空格隔开的正整数，表示一条道路的Ai、Bi和Ci。
第R+2至R+P+1行每行有3个空格隔开的正整数，表示一条“時間と空間の扉”的Ai、Bi和Ci。
输出描述 Output Description
第1到T行每行输出的是从S到达地区i的最小花费，如果不存在输出“Need Teleport To Repair”（没有引号）。
最后一行为一共有多少个地方是需要用Teleport的。
样例输入 Sample Input
6 3 3 4
1 2 5
3 4 5
5 6 10
3 5 -100
4 6 -100
1 3 -10
样例输出 Sample Output
Need Teleport To Repair
Need Teleport To Repair
5
0
-95
-100
2
数据范围及提示 Data Size & Hint
1≤T≤25000，1≤R≤50000，1≤P≤50000，1≤S≤T
1≤Ai≤T，1≤Bi≤T，-10000≤Ci≤10000（对于“時間と空間の扉”来说花费才可能是负数）

这道题题意就是没负环的图，跑SPFA最短路，重点是在数据范围，需要双端队列优化

优化就是如果对一个点更新，最短路比当前队首还要小，就直接加在队首，要不就加在队尾，然后用STL解决就可以。。。。
据说可以省15%~20%时间。这道题多过两个点，就A掉了。

#include
#include
#include
using namespace std;
deque<int> q;
struct bian
{
    int from,to,quan;
}b[1500050];
int nxt[250050];
int first[250050];
int tot=1,inf=214748364;
void build(int f,int t,int d)
{
    b[tot++].from=f;
    b[tot].to=t;
    b[tot].quan=d;
    nxt[tot]=first[f];
    first[f]=tot;
}
int use[250050];
int d[250050];
int main()
{
    int t,r,p,s;
    scanf("%d%d%d%d",&t,&r,&p,&s);
    int x,y,z;
    for(int i=1;i<=r;i++)
    {
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        build(x,y,z);
        build(y,x,z);
    }
    for(int i=1;i<=p;i++)
    {
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        build(x,y,z);
    }
    for(int i=1;i<=t;i++)
        d[i]=inf;
    d[s]=0;q.push_front(s);
    use[s]=1;
    int dq,v;
    int fro;
    bool h=0;
    while(q.size()!=0)
    {
        dq=q.front();
        q.pop_front();
        use[dq]=0;
        for(int i=first[dq];i;i=nxt[i])
        {
            v=b[i].to;
            if(d[v]>d[dq]+b[i].quan)
            {
                d[v]=d[dq]+b[i].quan;
                if(!use[v])
                {
                    use[v]=1;
                    if(q.size()!=0)
                    {
                        h=1;
                        fro=q.front();
                    }
                    if(h==1&&d[v]0;
                    }
                    else
                        q.push_back(v);
                }
            }
        }
    }
    int ans=0;
    for(int i=1;i<=t;i++)
    {
        if(d[i]==inf)
        {
            printf("Need Teleport To Repair\n");
            ans++;
        }
        else
            printf("%d\n",d[i]);
    }
    printf("%d",ans);
    return 0;
}