Description
农场有N(1≤N≤1000)个牛棚，每个牛棚都有1只奶牛要参加在X牛棚举行的奶牛派对．共
有M(1≤M≤100000)条单向路连接着牛棚，第i条踣需要Ti的时间来通过．牛们都很懒，所以不管是前去X牛棚参加派对还是返回住所，她们都采用了用时最少的路线．那么，用时最多的奶牛需要多少时间来回呢？
Input
第1行:三个用空格隔开的整数.
第2行到第M+1行,每行三个用空格隔开的整数:Ai, Bi,以及Ti.表示一条道路的起点,终点和需要花费的时间.
Output
唯一一行:一个整数: 所有参加聚会的奶牛中,需要花费总时间的最大值.
Sample Input
4 8 2
1 2 4
1 3 2
1 4 7
2 1 1
2 3 5
3 1 2
3 4 4
4 2 3
1 2 4
1 3 2
1 4 7
2 1 1
2 3 5
3 1 2
3 4 4
4 2 3
Sample Output
10
HINT
样例说明:
共有4只奶牛参加聚会,有8条路,聚会位于第2个农场.
第4只奶牛可以直接到聚会所在地(花费3时间),然后返程路线经过第1和第3个农场(花费7时间),总共10时间.
题意是对于每个点，求这个点到x的最短路加上x到这个点的最短路的最大值
那先正着跑一遍然后建反向边再跑一遍就好了
因为定义mod的时候2*N忘加括号而一直调不出来……毕竟我太弱了
#include
#include
#define N 2000
#define mod (2*N)
#define M 210000
#define inf 500000000
struct bian{
int x,y,z;
}b[M];
struct edge{
int to,next,v;
}e[M];
int dis1[N],dis2[N],head[N];
int q[2*N];
int cnt,n,m,S,mx;
bool mrk[N];
inline int max(int a,int b)
{
if (b>inf) b=0;
return a>b?a:b;
}
inline void ins(int u,int v,int w)
{
e[++cnt].to=v;
e[cnt].v=w;
e[cnt].next=head[u];
head[u]=cnt;
}
inline int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
inline void spfa(int S,int *dist)
{
for (int i=1;i<=n;i++)mrk[i]=0;
for (int i=1;i<=n;i++)dist[i]=inf;
memset(q,0,sizeof(q));
q[0]=S;mrk[S]=1;dist[S]=0;
int t=0,w=1;
while (t!=w)
{
int now=q[t];
t=(t+1)%mod;
for (int i=head[now];i;i=e[i].next)
if (dist[e[i].to]>dist[now]+e[i].v)
{
dist[e[i].to]=dist[now]+e[i].v;
if (!mrk[e[i].to])
{
mrk[e[i].to]=1;
if (dist[q[t]]>dist[e[i].to])
{
t=(t-1+mod)%mod;
q[t]=e[i].to;
}
else
{
q[w]=e[i].to;
w=(w+1)%mod;
}
}
}
mrk[now]=0;
}
}
int main()
{
n=read();m=read();S=read();
for (int i=1;i<=m;i++)
{
b[i].x=read();
b[i].y=read();
b[i].z=read();
}
for (int i=1;i<=m;i++)
ins(b[i].x,b[i].y,b[i].z);
spfa(S,dis1);
memset(e,0,sizeof(e));
memset(head,0,sizeof(head));
cnt=0;
for (int i=1;i<=m;i++)
ins(b[i].y,b[i].x,b[i].z);
spfa(S,dis2);
for (int i=1;i<=n;i++)
mx=max(mx,dis1[i]+dis2[i]);
printf("%d",mx);
return 0;
}