牛客练习赛3

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A题

求最初要携带的最少能量,其实可以假设最初为0,走一遍全过程,其中的最小负数的相反数即答案。
A题代码

#include
#include
using namespace std;
int main()
{
    int n;
    int i;
    int maxx=0;
    cin>>n;
    for(i=0;i>x;
            maxx=max(maxx,x+i);
        }
    cout<

B题

给你一段序列,让你把这个序列按原顺序拆分成两个序列,两个序列必须完全相同。问是否可行
本题为51nod1400原题 链接
由于数据范围只有50,所以只要dfs+剪枝就好了。
用两个变量l,r表示两个数组分别进行到什么位置,当前元素没出现过时,一定要加到第一个数组,如果出现过就有两种选择,要么加到第一个,要么加到第二个,当搜到最后一个元素而且 l = r l=r l=r时,代表搜索成功。
B题代码

#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn = 55;
int a[maxn];
int q[maxn];
int flag;
int n;
void dfs(int u,int l,int r)
{
    if(flag==1)
        return ;
    if(u==n+1)
    {
        if(l==r) flag=1;
        return ;
    }
    if(l==r)
    {
        q[r]=a[u];
        dfs(u+1,l,r+1);
    }
    else
    {
        if(a[u]==q[l])
        {
            q[r]=a[u];
            dfs(u+1,l,r+1);
            dfs(u+1,l+1,r);
        }
        else
        {
            q[r]=a[u];
            dfs(u+1,l,r+1);
        }
    }
}
int main()
{
    int t;
    scanf("%d",&t);
    while(t--)
    {
        flag=0;
        memset(q,0,sizeof(q));
        scanf("%d",&n);
        for(int i=1;i<=n;++i)
        {
            scanf("%d",&a[i]);
        }
        dfs(1,0,0);
        if(flag) printf("Frederica Bernkastel\n");
        else printf("Furude Rika\n");
    }
    return 0;
}

D题

给你三种图的类型,求给定图是哪一种类型,按照题找出没种图不同的特性,例如每个点的度,每种度的点的个数。
D题代码

#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn = 505;
int d[maxn];
int cnt[5];
int main()
{
    int n,m;
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        int x,y;
        scanf("%d%d",&x,&y);
        d[x]++;
        d[y]++;
    }
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        if(d[i]<=4)
        cnt[d[i]]++;
    }
    //cout<

E题

给你一个长度为n的数组,最多删除k个元素,求最长相同连续子序列。
0 < = k < = n < = 1 ∗ 1 0 5 1 < = a [ i ] < = 1 ∗ 1 0 9 0<=k<=n<=1*10^{5} \quad \quad 1<=a[i]<=1*10^{9} 0<=k<=n<=11051<=a[i]<=1109
本题由于数据范围是1e5,所以肯定是 n l o g n nlogn nlogn的做法,考虑到最长相同子序列肯定是同一种元素构成的,所以我们可以对每个元素检验可构成的最长连续子序列。我们可以枚举右端点,然后二分左端点,如果删除k个点能达到长度为 l l l,删除k个点肯定能达到 l ′ < l l'<l l<l,所以答案是可以二分的,所以我们只要枚举右端点+验证就好了,要提前预处理每个数到达某个位置的总个数,二分条件为 ( l − r 之 间 的 a [ i ] 的 个 数 + k ) > = ( r − l + 1 ) (l-r之间的a[i]的个数+k)>=(r-l+1) (lra[i]+k)>=(rl+1).
E题代码

#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn = 1e5+5;
#define dbg(x) cout<<#x<<" :"< > mm;
map pre;
map,int> sum;
int main()
{
    int n,k;
    int ans=0;
    scanf("%d%d",&n,&k);
    for(int i=1;i<=n;i++)
        scanf("%d",&a[i]);
    for(int i=1;i<=n;i++) mm[a[i]].push_back(i);
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        sum[pair(a[i],i)]=sum[pair(a[i],pre[a[i]])]+1;
        pre[a[i]]=i;
    }
    map >::iterator it;
    for(it=mm.begin();it!=mm.end();++it)
    {
        int tmp=it->first;
        int sz=(it->second).size();
        if(sz<=1) continue;
        for(int i=0;i>1;
                if((rr-mm[tmp][mid]+1)-(sum[pair(tmp,rr)]-sum[pair(tmp,mm[tmp][mid])]+1)<=k) r=mid-1;
                else l=mid+1;
            }
            ans=max(ans,sum[pair(tmp,mm[tmp][i])]-sum[pair(tmp,mm[tmp][l])]+1);
        }
    }
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}

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