卡特兰数 Catalan数 hdu 1023

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卡塔兰数是组合数学中一个常出现在各种计数问题中出现的数列。由以比利时的数学家卡塔兰 (1814–1894)命名。

卡塔兰数的一般项公式为  　　另类递归式：  h(n)=((4*n-2)/(n+1))*h(n-1);

前几项为 （OEIS中的数列A000108）: 1, 1, 2, 5, 14, 42, 132, 429, 1430, 4862, 16796, 58786, 208012, 742900, 2674440, 9694845, 35357670, 129644790, 477638700, 1767263190, 6564120420, 24466267020, 91482563640, 343059613650, 1289904147324, 4861946401452, ...
性质

Cn的另一个表达形式为　所以，Cn是一个自然数；这一点在先前的通项公式中并不显而易见。这个表达形式也是André对前一公式证明的基础。(见下文的第二个证明。)

卡塔兰数满足以下递推关系

   

它也满足

   

这提供了一个更快速的方法来计算卡塔兰数。

卡塔兰数的渐近增长为

   

它的含义是左式除以右式的商趋向于1当n → ∞。（这可以用n!的斯特灵公式来证明。）

所有的奇卡塔兰数Cn都满足n = 2k − 1。所有其他的卡塔兰数都是偶数。
应用

组合数学中有非常多.的组合结构可以用卡塔兰数来计数。在Richard P. Stanley的Enumerative Combinatorics: Volume 2一书的习题中包括了66个相异的可由卡塔兰数表达的组合结构。以下用Cn=3和Cn=4举若干例：

    Cn表示长度2n的dyck word的个数。Dyck word是一个有n个X和n个Y组成的字串，且所有的部分字串皆满足X的个数大于等于Y的个数。以下为长度为6的dyck words:

XXXYYY XYXXYY XYXYXY XXYYXY XXYXYY

    将上例的X换成左括号，Y换成右括号，Cn表示所有包含n组括号的合法运算式的个数:

((())) ()(()) ()()() (())() (()())

    Cn表示有n+1个叶子的二叉树的个数。

                                                                          

    Cn表示所有不同构的含n个分枝结点的满二叉树的个数。（一个有根二叉树是满的当且仅当每个结点都有两个子树或没有子树。）

证明：

令1表示进栈，0表示出栈，则可转化为求一个2n位、含n个1、n个0的二进制数，满足从左往右扫描到任意一位时，经过的0数不多于1数。显然含n个1、n个0的2n位二进制数共有 个，下面考虑不满足要求的数目.

考虑一个含n个1、n个0的2n位二进制数，扫描到第2m+1位上时有m+1个0和m个1（容易证明一定存在这样的情况），则后面的0-1排列中必有n-m个1和n-m-1个0。将2m+2及其以后的部分0变成1、1变成0，则对应一个n+1个0和n-1个1的二进制数。反之亦然（相似的思路证明两者一一对应）。

从而 。证毕。

    Cn表示所有在n × n格点中不越过对角线的单调路径的个数。一个单调路径从格点左下角出发，在格点右上角结束，每一步均为向上或向右。计算这种路径的个数等价于计算Dyck word的个数： X代表“向右”，Y代表“向上”。下图为n = 4的情况：
                                                                                 

Cn表示通过连结顶点而将n + 2边的凸多边形分成三角形的方法个数。下图中为n = 4的情况：

                                                                

     

    Cn表示对{1, ..., n}依序进出栈的置换个数。一个置换w是依序进出栈的当S(w) = (1, ..., n), 其中S(w)递归定义如下：令w = unv，其中n为w的最大元素，u和v为更短的数列；再令S(w) =S(u)S(v)n，其中S为所有含一个元素的数列的单位元。

Cn表示集合{1, ..., n}的不交叉划分的个数. 那么, Cn 永远不大于第n项贝尔数. Cn也表示集合{1, ..., 2n}的不交叉划分的个数，其中每个段落的长度为2。综合这两个结论，可以用数学归纳法证明 that all of the free cumulants of degree more than 2 of the Wigner semicircle law are zero. This law is important in free probality theory and the theory of random matrices.

    Cn表示用n个长方形填充一个高度为n的阶梯状图形的方法个数。下图为 n = 4的情况:

                                                                                              

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简介

　　中文:卡特兰数
　　Catalan数是组合数学中一个常出现在各种计数问题中出现的数列。由以比利时的数学家欧仁·查理·卡塔兰 ( 1814 – 1894 )命名。
　　原理：
　　令h( 0 ) = 1 ,h( 1 )＝ 1 ,catalan数满足递归式：
　　h(n) =  h( 0 ) * h(n - 1 )  +  h( 1 ) * h(n - 2 )  +    +  h(n - 1 )h( 0 ) (其中n >= 2 )
　　该递推关系的解为：
　　h(n) = C(2n,n) / (n  +   1 ) (n = 1 , 2 , 3 ,)
       另类递归式：  h(n)=((4*n-2)/(n+1))*h(n-1);
　　
　　前几项为 （OEIS中的数列A000108）:  1 ,  1 ,  2 ,  5 ,  14 ,  42 ,  132 ,  429 ,  1430 ,  4862 ,  16796 ,  58786 ,  208012 ,  742900 ,  2674440 ,  9694845 ,  35357670 ,  129644790 ,  477638700 ,  1767263190 ,  6564120420 ,  24466267020 ,  91482563640 ,  343059613650 ,  1289904147324 ,  4861946401452 , 
应用

　　我总结了一下，最典型的四类应用：（实质上却都一样，无非是递归等式的应用，就看你能不能分解问题写出递归式了）
1 .括号化问题。

　　矩阵链乘： P = a1×a2×a3×……×an，依据乘法结合律，不改变其顺序，只用括号表示成对的乘积，试问有几种括号化的方案？(h(n)种)
2 .出栈次序问题。

　　一个栈(无穷大)的进栈序列为1, 2 , 3 ,..n,有多少个不同的出栈序列 ?
　　类似：
　　( 1 )有2n个人排成一行进入剧场。入场费5元。其中只有n个人有一张5元钞票，另外n人只有10元钞票，剧院无其它钞票，问有多少中方法使得只要有10元的人买票，售票处就有5元的钞票找零？(将持5元者到达视作将5元入栈，持10元者到达视作使栈中某5元出栈)
　　( 2 )在圆上选择2n个点,将这些点成对连接起来，使得所得到的n条线段不相交的方法数。
3 .将多边行划分为三角形问题。

　　将一个凸多边形区域分成三角形区域的方法数 ?
　　类似：一位大城市的律师在她住所以北n个街区和以东n个街区处工作。每天她走2n个街区去上班。如果她
　　从不穿越（但可以碰到）从家到办公室的对角线，那么有多少条可能的道路？
　　类似：在圆上选择2n个点,将这些点成对连接起来使得所得到的n条线段不相交的方法数 ?
4 .给顶节点组成二叉树的问题。

　　给定N个节点，能构成多少种形状不同的二叉树？
　　(一定是二叉树 !
　　先去一个点作为顶点,然后左边依次可以取0至N - 1个相对应的,右边是N - 1到0个,两两配对相乘,就是h( 0 ) * h(n - 1 )  +  h( 2 ) * h(n - 2 )  +    +  h(n - 1 )h( 0 ) = h(n))
　　（能构成h（N）个）                  

   

#include 
#include 
#include 
#include 
#define MAXN 110
#define ll long long
using namespace std;

int a[MAXN][MAXN];
int b[MAXN];

void catalan() {
    int len;
    int mod;
    a[1][0] = 1;
    a[1][1] = 1;
    a[2][0] = 1;
    a[2][1] = 2;
    len = 1;
    for(int i=3; i<101; ++i) {
        mod = 0;
        for(int j=1; j<=len; ++j) {//乘法
            int t = a[i-1][j]*(4*i-2)+mod;
            mod = t/10;
            a[i][j] = t%10;
        } 
        while(mod) {
            a[i][++len] = mod%10;
            mod /= 10;
        }
        for(int j=len; j>=1; --j) {
            int t = a[i][j]+mod*10;
            a[i][j] = t/(i+1);
            mod = t%(i+1);
        }
        while(!a[i][len])
            len--;
        a[i][0] = len;
    }
}

int main(void) {
    catalan();
	int n;
    while(scanf("%d", &n) != EOF) {
        for(int i=a[n][0]; i>0; --i)
    		cout << a[n][i];
        cout << endl;
	}
	return 0;	
}