阿里 c语言研发笔试题,阿里巴巴集团2014校园招聘笔试题

第一部分 单选题(前10题,每题2分;后10题,每题3分。选对得满分,选错倒扣1分,不选得0分)

1、一次内存访问,SSD硬盘访问和SATA硬盘随机访问的时间分别是()

A、几微秒,几毫秒,几十毫秒 B、几十纳秒,几十微秒,几十毫秒

C、几十纳秒,几十微秒,几十毫秒 D、几微秒,几十微秒,几十毫秒

2、8进制数256,转化成7进制数是(B)

A、356 B、336 C、338 D、346

3、某网络的IP地址空间为192.168.5.0/24,采用定长子网划分,子网掩码为255.255.255.248,则该网络的最大子网个数、每个子网内最大可分配地址个数各位(C)

A、8,32 B、32,8 C、32,6 D、8,30

4、以下关于链式存储结构说法错误的是(A)

A、查找节点时链式存储比顺序存储快

B、每个节点是由数据域和指针域组成

C、比顺序存储结构的存储密度小

D、逻辑上不相邻的节点物理上可能相邻

5、假定一个二维数组的定义语句为“int a[3][4]={{3,4},{2,8,6}};”,则元素a[1][2]的值为(A)

A、6 B、4 C、2 D、8

6、下面函数的功能是(C)

int fun (char *s)

{

char *p=s;

while(*p++);

return p-s-1;

}

A、计算字符串的位(bit)数 B、复制一个字符串

C、求字符串的长度 D、求字符串存放的位置

7、判断有向图是否存在回路,利用(A)方法最佳

A、拓扑排序 B、求最短路径

C、求关键路径 D、广度优先遍历

8、依次读入数据元素序列{a,b,c,d,e,f,g}进栈,元素进栈或出栈顺序是未知的,下列序列中,不可能成为栈空时弹出的元素构成序列的有(D)

A、{d,e,c,f,b,g,a} B、{c,d,b,e,f,a,g} C、{e,f,d,g,c,b,a} D、{f,e,g,d,a,c,b}

9、下列有关图的遍历说法中,不正确的是(C)

A、有向图和无向图都可以进行遍历操作

B、基本遍历算法两种:深度遍历和广度遍历

C、图的遍历必须用递归实现

D、图的遍历算法可以执行在有回路的图中

10、在16位机器上跑下列foo函数的结果是(B)

void foo()

{

int i = 65536;

cout << i <

i = 65535;

cout << i;

}

A、-1,65535 B、0,-1 C、-1,-1 D、0,65535

11、有一段年代久远的C++代码,内部逻辑复杂,现在需要利用其实现一个新的需求,假定有以下可行的方案,应当优先选择(D)

A、修改老代码的接口,满足新的需求

B、将老代码抛弃,自己重新实现类似的逻辑

C、修改老代码的内部逻辑,满足新的需求

D、在这段代码之外写一段代码,调用该代码的一些模块,完成新功能需求

12、在5个页框上使用LRU页面替换算法,当页框初始为空时,引用序列为0、1、7、8、6、2、3、7、2、9、8、1、0、2,系统将发生(C)次缺页

A、13 B、12 C、11 D、8

分析:缺页为:0、1、7、8、6、2、3、9、8、1、0,共11次

13、阿里巴巴有相距1500km的机房A和B,现有100GB数据需要通过一条FTP连接在100s的时间内从A传输到B。已知FTP连接建立在TCP协议之上,而TCP协议通过ACK来确认每个数据包是否正确传送。网络信号传输速度2*108m/s,假设机房间带宽足够高,那么A节点的发送缓冲区可以设置为最小(A)

A、18M B、12M C、6M D、24M

分析:

TCP协议原理:TCP每发送一个报文段,就启动一个定时器,如果在定时器超时之后还没有收到ACK确认,就重传该报文。

如图所示,数据包由A的缓冲区发往B,B在收到数据包以后,回发一个ACK确认包给A,之后A将该数据包从缓冲区释放。因此,该数据包会一直缓存在A的缓冲区,直到一个ACK确认为止。题目要求在100s内发送100GB数据,网络的传输速率至少是1G/s,某个数据包n在A中缓存的时间就是数据包n从A到B,再加上该数据包的ACK从B到A的时间:2*1500km/(2*108m/s)=1.5*10-2s,该段时间A中缓存的数据量至少是1G/s*1.5*10-2s约为15M

14、有3个节点的二叉树可能有(A)种

A、5 B、13 C、12 D、15

15、设某文件经内排序后得到100个初始归并段(初始顺串),若使用多路归并排序算法,且要求三趟归并完成排序,问归并路数最少为(D)

A、8 B、7 C、6 D、5

分析:m个元素k路归并的归并趟数s=logk(m),代入数据:logk(100)≦3

16、一个优化的程序可以生成一n个元素集合的所有子集,那么该程序的时间复杂度是(B)

A、O(n!) B、O(2n) C、O(n2) D、O(n log n)

17、快速排序在已经有序的情况下效率最差,复杂度为(B)

A、O(n log n) B、O(n2) C、O(n1.5) D、O(n2 log n)

18、从一副牌(52张,不含打小怪)里抽出两张牌,其中一红一黑的概率是(D)

A、25/51 B、1/3 C、1/2 D、26/51

分析:52张牌从中抽两张,就是C522种情况,一红一黑是C261 * C261种情况,概率P = C261 * C261 / C522 =26/51

19、有一堆石子共100枚,甲乙轮流从该堆中取石子,每次可取2、4或6枚,若取得最后的石子的玩家为赢,若甲先取,则(C)

A、谁都无法取胜 B、乙必胜 C、甲必胜 D、不确定

分析:先取的人只需要保证最后剩8枚就胜了。而要保证最后剩8枚,则必须要保证每一个回合内取的数是一个可控的固定数,显然这个数字是8,所以只需要保证第一次取完后,剩下的数字是8的倍数,就一定能胜。100除以8余数为4,故而,甲先取4枚,之后每一个回合所取数与上一个回合乙所取数之和为8,就能保证必胜。

20、现有一完全的P2P共享协议,每次两个节点通讯后都能获取对方已经获取的全部信息,现在使得系统中每个节点都知道所有节点的文件信息,共17个节点,假设只能通过多次两个对等节点之间通讯的方式,则最少需要(C)次通讯

A、32 B、31 C、30 D、29

分析:如上图1所示,假设有5个节点,按连线1、2、3、4通讯之后,节点4和5就掌握了所有节点的信息,之后,1、2、3节点只需跟4或5任一节点通讯一次即连线5、6、7就可保证每个节点都知道所有节点的信息,总的通讯次数是(n-1)+(n-2)=2n-3次。

如果将所有节点分成两组,如图2所示,两组中的节点分别按连线1-8顺序通讯之后,节点4和5就掌握了1-5所有节点的信息,节点9和0就掌握了6-0所有节点的信息,再按连线9、10通讯之后,节点4、5、9、0就掌握了1-0所有节点的信息,剩下的节点只需跟4、5、9、0任一节点通讯一次就可保证每个节点知道所有节点信息,和图1相比,多了9和10两次通讯,总的通讯次数是(2n1-3)+(2n2-3)+2=2n-4次(n1和n2分别表示分组中元素个数)。

分3组的情况是(2n1-3)+(2n2-3)+(2n3-3)+6=2n-3次

分4组的情况是(2n1-3)+(2n2-3)+(2n3-3)+(2n4-3)+8=2n-4次

第二部分 不定项选择(每题五分,每题有1-5个正确选项,完全正确计5分,漏选计2分不选计0分,多选、错选计-2分)

21、2-3树是一种特殊的树,它满足两个条件:

(1)每个内部节点有两个或三个子节点;

(2)所有的叶节点到根的路径长度相同;

如果一颗2-3树有9个叶节点,下列数量个非叶节点的2-3树可能存在的有(BE)

A、8 B、7 C、6 D、5 E、4

分析:根据条件(2),叶节点只能在同一层,根据条件(1),上一层的父节点只能是3个或4个,只能是如下图所示的两种结果

22、下列有关进程的说法中,错误的是(ABC)

A、进程与程序是一亿对应的 B、进程与作业时一一对应的

C、进程是静态的 D、进程是动态的过程

23、下列函数定义中,有语法错误的是(D)

A、void fun(int x, int *y){x *= *y;}

B、int * fun(int *x, int y){return x += y;}

C、void fun(int *x, int y){*x += y;}

D、void fun(int x, int *y){*x *= *y;}

24、有朋自远方来,他乘火车,轮船,汽车,飞机来的概率分别是0.3,0.2,0.1,0.4,坐各交通工具迟到的概率分别是1/4,1/3,1/12,0,下列语句中正确的是(CD)

A、如果他准点,那么乘飞机的概率大于等于0.5

B、坐陆路(火车,汽车)交通工具准点机会比坐水路(轮船)要低

C、如果他迟到,乘火车的概率是0.5

D、如果他准点,坐轮船或汽车的概率等于坐火车的概率

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