poj1112 Team Them Up!
思路转自http://blog.csdn.net/bobten2008/article/details/4546528
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非常经典的一道DP（0，1背包）题，一个小小的错误让我调了几个小时，思路如下：
1）首先对原图求补图，只有当原图中两个人i和j不同时认识时，在补图中rever[i][j] = rever[j][i] = true, 否则为false;
这样做非常巧妙，通过这个转换将陌生的问题转换为了熟悉的问题
2）利用dfs对补图求所有的连通分量，这样很容易看出，处于不同连通分量中的两个点肯定是可以组在一个队中的；在用dfs
求连通分量的同时对同一个连通分量中的点进行0，1着色，这样当求得一个连通分量后，这个连通分量就分成了d0和d1两组
点。这时候需要做一个判断，对于同一个连通分量中的两个点i和j，如果i和j的0，1着色相同且在补图中i和j之间相连，则此题
肯定无解（花个图很容易就明白了，很好证明）
3）接下来的工作就很熟悉了，相当于将所有连通分量里面的0和1着色组分别分配到1队和2队，里，是1队和2队之间的人数差最小。
这是个典型的0,1背包问题，第i个连通分量里的0，1着色组的数目分别表示为con(i, 0)和con(i, 1),则DP公式如下
f[c][curDiff + con[c][0] - con[c][1]] = true if f[c - 1][curDiff] = true;
f[c][curDiff - con[c][0] + con[c][1]] = true if f[c - 1][curDiff] = true;
dp的同时需要记录路径
dp完后，找出f[lastC]中绝对值最小的，然后往前推就可以得出两队各自的人数，并输出id即可
*/
以上转自http://blog.csdn.net/bobten2008/article/details/4546528
不多说，我的代码：
/**
* Problem:POJ1112
* Author:Shun Yao
* Time:2013.5.19
* Result:Accepted
* Memo:DP
*/
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
namespace mine {
long min(long x, long y) {
return x < y ? x : y;
}
}
const long Maxn = 105;
long n, tot, s[3][Maxn];
char visited[Maxn], a[Maxn][Maxn], f[Maxn][Maxn];
class gnode {
public:
long v;
gnode *next;
gnode(long V, gnode *ne):v(V), next(ne) {}
gnode() {}
~gnode() {}
} *g[Maxn];
void add(long x, long y) {
g[x] = new gnode(y, g[x]);
g[y] = new gnode(x, g[y]);
}
void dfs(long x, char f) {
if (!f)
++s[(long)visited[x]][tot];
for (gnode *e = g[x]; e; e = e->next) {
if (!visited[e->v]) {
visited[e->v] = 3 - visited[x];
dfs(e->v, f);
} else if (visited[e->v] == visited[x]) {
printf("No solution");
exit(0);
}
}
}
int main() {
static long i, j, C, num;
freopen("poj1112.in", "r", stdin);
freopen("poj1112.out", "w", stdout);
scanf("%ld", &n);
for (i = 1; i <= n; ++i) {
g[i] = 0;
memset(a[i], 0, sizeof a[i]);
while (scanf("%ld", &j), j)
a[i][j] = 1;
}
for (i = 1; i <= n; ++i)
for (j = 1; j < i; ++j)
if (a[i][j] && a[j][i]);
else
add(i, j);
memset(visited, 0, sizeof visited);
for (i = 1; i <= n; ++i) {
if (!visited[i]) {
++tot;
s[0][tot] = i;
s[1][tot] = s[2][tot] = 0;
visited[i] = 1;
dfs(i, 0);
}
}
for (i = 0; i <= tot; ++i)
memset(f[i], 0, sizeof f[i]);
f[0][0] = 1;
C = n >> 1;
for (i = 1; i <= tot; ++i)
for (j = mine::min(s[1][i], s[2][i]); j <= C; ++j)
f[i][j] = j >= s[1][i] && f[i - 1][j - s[1][i]] ||
j >= s[2][i] && f[i - 1][j - s[2][i]];
for (j = C; !f[tot][j]; --j);
memset(visited, 0, sizeof visited);
num = 0;
for (i = tot; i; --i)
if (j >= s[1][i] && f[i - 1][j - s[1][i]]) {
j -= s[1][i];
num += s[1][i];
visited[s[0][i]] = 1;
dfs(s[0][i], 1);
} else {
j -= s[2][i];
num += s[2][i];
visited[s[0][i]] = 2;
dfs(s[0][i], 1);
}
printf("%ld", num);
for (i = 1; i <= n; ++i)
if (visited[i] == 1)
printf(" %ld", i);
putchar('\n');
printf("%ld", n - num);
for (i = 1; i <= n; ++i)
if (visited[i] == 2)
printf(" %ld", i);
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}