医院设置 - 洛谷
开始我的思路就是和这些大佬是一样的,但是我自己不会加嵌套,也就是纽带关系,就导致左右节点的大小关系混乱,并且自己写递归的思路还有待提高,脑子也是不够用,太笨了。看了大佬的才知道如何区分左右节点以及到叶节点时的操作。换根那里也是一塌糊涂,没有一个基本的换根思路并且现在我还是不知道自己那里错了,希望未来的自己能够发现这些错误吧!!
(我开始以为可以构建一棵二叉树),结果还是我太天真啦,多多练习吧。
#include
using namespace std;
#define int long long
struct node{
int num,l,r;
};
node f[401];
int n,ans=1001010,sum;
void dfs(int id,int step){//一个节点到每一个节点的最小步数
if(f[id].l==0||f[id].r==0)return ;//到叶节点的时候返回
sum=sum+f[id].num*step;
dfs(f[id].l,step+1);//左右开弓
dfs(f[id].r,step+1);//继续搜索
}
signed main(){
cin>>n;
//cout<< 1<=2<=3;
cout<< (1<<3);
for(int i=1;i<=n;i++){
cin>>f[i].num>>f[i].l>>f[i].r;
}
for(int i=1;i<=n;i++){
dfs(1,0);//节点序号,和步数
ans=min(ans,sum);
}
cout<
只是我自己理解了大佬的代码,并不是自己已经会打出那样子的代码,所以我把我理解的发出来以供我以后遇到这样的题能够顺利解决:
number1:
这是一个将结构体嵌套到动态数组里面的,好处就是可以很方便的处理那个捆绑关系,同时采用bfs(队列)可以降低时间复杂度(接近去0(n的平方))这个是我没有想到的!
但是这行代码似乎是一个邻接表哎,挺方便的。
if(l)t[l].to.push_back(i),t[i].to.push_back(l);
if(r)t[r].to.push_back(i),t[i].to.push_back(r);
#include
#include
#include
#include
typedef long long ll;
const ll INF=1ll<<60;//很大的一个数
ll n,ans=INF,tmp;
bool vis[1001];
struct tree
{
std::vectorto;
ll w;
}t[1001];
void start()
{
scanf("%lld",&n);
ll l,r;
for(ll i=1;i<=n;++i)
{
scanf("%lld%lld%lld",&t[i].w,&l,&r);
if(l)t[l].to.push_back(i),t[i].to.push_back(l);
if(r)t[r].to.push_back(i),t[i].to.push_back(r);
}
}
ll dfs(ll u,ll step)
{
ll res=step*t[u].w;
vis[u]=1;
for(ll i=t[u].to.size()-1;i>=0;--i)
{
if(!vis[t[u].to[i]])res+=dfs(t[u].to[i],step+1);
}
return res;
}
int main()
{
start();
for(ll i=1;i<=n;++i)
{
memset(vis,0,sizeof(vis));
tmp=dfs(i,0);
if(tmp
number2:
这个似乎是一本通的一个算法floyed求最短路径(时间复杂度可能有点大,但是非常的通俗易懂),还有就是采用了一个邻接矩阵的过程也是一个亮点。
#include
using namespace std;
int a[101],g[101][101];
int main()
{
int n,l,r,min,total;
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=n;j++)
{
g[i][j]=1000000;
}
}
for(int i=1;i<=n;i++)//读入、初始化
{
g[i][i]=0;
scanf("%d%d%d",&a[i],&l,&r);
if(l>0)g[i][l]=g[l][i]=1;
if(r>0)g[i][r]=g[r][i]=1;
}
for(int k=1;k<=n;k++)//用Floyed求任意两结点之间的最短路径
{
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(i!=k)
{
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(i!=j&&k!=j&&g[i][k]+g[k][j]
最后我还看到大佬使用动态dp来做,但是我可能看不太懂,就加以演示了