HDU 1010 DFS+奇偶剪枝
Tempter of the Bone
做DFS（或其他搜索题），我感觉最有趣的地方不是DFS本身而是——“剪枝”。剪枝，顾名思义就是剪去不必要的枝节，也就是避免不必要的搜索过程。有点类似于工程领域的“去噪”，当然这是个人感觉而已。。
HDU 1010这道题是一个典型的迷宫搜索题。给你出口入口，但是你并不是能找到出口就完事了。注意事项：
- 必须在给定的时间 t 的时候找到。不能多于t 也不能少于 t
- 入口S 并不是每次都在 左上角（0,0）的位置，也可能是其他位置
分析DFS
前面有篇博文《hdu1518》，已经提到了DFS的一般框架就是：循环+递归。
循环，是横着走。递归是竖着走。注意，我这里说的“横”和“竖”并不是对应本题中迷宫的物理意义上的横竖，而是关于 抽象的逻辑意义上的横 和竖。
- 竖：是从某点出发，每一步都是走当前步的后继结点
- 横：用于“竖”走不通的时候，比如没有后继，或后继都搜索过的情况下，此时去搜索当前结点的兄弟结点，换句话说就是回溯到当前结点的父节点，再选取父节点中没有走过的“岔路”。
本题中 的 横 是 某一结点周围的 上、下、左、右 四个方向。
本题中的 竖 就是递归搜索每一结点的 “横”。
终止态：是所走的步数（即题意中的时间）等于给出的时间。若此时还未走到出口，则返回fasle。找到出口则返回true。
本题中我没有使用一个[4][2]的二维数组来保存 上下左右 四个方位的移动。所以看起来代码有些繁琐，但是可读性却高。
bool dfs(int ti,int i,int j)
{
if(ti==t)//ti是当前步数，t是给出的步数，或者说时间
{
if(i==h&&j==w)
return true;
return false;
}
if(j<m-1&&!ma[i][j+1])
{
ti++;//步数+1
ma[i][j]=true;//迷宫中该点设为已走
if(ti<=t&&dfs(ti,i,j+1))
return true;
ti--;//若走此步最终失败了，那么就步数-1
ma[i][j]=false;//再设为该点未走，即回溯的过程
}
if(i<n-1&&!ma[i+1][j])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i+1,j))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
if(i&&!ma[i-1][j])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i-1,j))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
if(j&&!ma[i][j-1])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i,j-1))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
return false;
}
剪枝
本题代码简单但是很容易超时，所以要注意剪枝。
首先看理论上的最短路径。
int path = abs(si-h)+abs(sj-w);
(si,ji)、(h,w)分别为起点终点坐标。我们可使用的两种剪枝方案是：
- 如果所给的时间(步数) t 小于最短步数path，那么一定走不到。
- 若满足t>path。但是如果能在恰好 t 步的时候，走到出口处。那么（t-path）必须是二的倍数。
关于第二种方案的解释：
这种方案学名为“奇偶剪枝”。我们已知了最短的步数就是直角三角形的两条直角边，实际上的路径却不一定非要沿着这两条边走的。仔细看看只要是移动方向一直是右、下，那么走到的时候总步数也一定是path的。然而由于墙的存在或许我们不可能一直右、下的走下去。为了避开墙，我们可能会向左走，向上走等等。但为了到达目的地，你在最短步数的基础上，如果向右走了一步，那么某一时候也必须再向左走一步来弥补。所以（t-path）一定要是2的倍数。
if(t<path||(t-path)%2)
{
cout<<"NO"<<endl;
continue;
}
看完整代码：
#include <iostream>
using namespace std;
bool ma[10][10];
int h,w;
int n,m,t;
bool dfs(int ti,int i,int j)
{
if(ti==t)
{
if(i==h&&j==w)
return true;
return false;
}
if(j<m-1&&!ma[i][j+1])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i,j+1))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
if(i<n-1&&!ma[i+1][j])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i+1,j))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
if(i&&!ma[i-1][j])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i-1,j))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
if(j&&!ma[i][j-1])
{
ti++;
ma[i][j]=true;
if(ti<=t&&dfs(ti,i,j-1))
return true;
ti--;
ma[i][j]=false;
}
return false;
}
int main()
{//freopen("in.txt","r",stdin);
while(cin>>n>>m>>t)
{
if(!n&&!m&&!t)
break;
memset(ma,false,sizeof(ma));
char c;
int si,sj;
for(int i=0;i<n;i++)
for(int j=0;j<m;j++)
{
cin>>c;
switch(c)
{
case 'S':si=i;sj=j;ma[i][j]=true;break;
case '.':ma[i][j]=false;break;
case 'X':ma[i][j]=true;break;
case 'D':ma[i][j]=false;h=i,w=j;break;
}
}
int path = abs(si-h)+abs(sj-w);
if(t<path||(t-path)%2)
{
cout<<"NO"<<endl;
continue;
}
if(dfs(0,si,sj))
cout<<"YES"<<endl;
else
cout<<"NO"<<endl;
}
return 0;
}