zoj 1196区间动态规划
Sample Input
6 3 5 6 12 19 20 27 0 0
Sample Output
Chain 1 Depot 1 at restaurant 2 serves restaurants 1 to 3 Depot 2 at restaurant 4 serves restaurants 4 to 5 Depot 3 at restaurant 6 serves restaurant 6 Total distance sum = 8
Source
【题目大意】
一条公路上有n个旅馆，选出其中k个设置仓库，一个仓库可服务若干个旅馆，一个旅馆只需一个仓库服务。问在哪几个旅馆设置仓库，每个仓库服务哪些旅馆，可使得旅馆到仓库的总距离最小，并求出总距离（长理只要求求最后一步）。
【数据范围】
1 <= n <= 200, 1 <= k <= 30, k <= n
【解题思想】
1、此题属于明显动态规划题，关键点是找状态转移方程。
2、可以用sum[i][j]表示前i个旅馆，设置j个仓库得到的距离和最小值，那么sum[n][k]即为所求。
3、找sum[i][j]的子结构，假设前j-1个仓库服务第1个到第k个旅馆，则最后一个仓库服务第k+1个到第i个旅馆。
4、可以用one[i][j]表示一个仓库服务第i个到第j个旅馆，到这个仓库距离和的最小值。
5、则得到状态转移方程：sum[i][j]=min(sum[k][j-1]+one[k+1][i]) (j-1<=k<=i-1，min表示所有k取值得到的值中的最小值)。
6、问题转换为了求one[i][j]，即在第i到第j家旅馆中设置一个仓库的总距离。
7、假设i到j共有奇数家旅馆，我们尝试将仓库放置在中间旅馆，即旅馆(i+j)/2，假设将仓库左移距离x，则右半边所有旅馆到仓库距离均加x，而只有部分左半边旅馆距离减少了x，剩下的减少均小于x，甚至不减少。因此可以得到，将仓库从中间位置左移到任何位置总距离都会增加，右移同理，因此仓库放到旅馆(i+j)/2最合适。
8、假设i到j共有偶数家旅馆，容易得到将仓库放到(i+j-1)/2和(i+j+1)/2得到的总距离相等（对称性），若将仓库放到(i+j-1)/2，并左移，则用7相似的想法可得知总距离增大，右移情况同理，由此得知仓库放到(i+j-1)/2这个位置即可满足总距离最小。
9、由7、8得到one[i][j]实际上时将仓库放到(i+j)/2取整位置可得到最小的总距离。
10、数据范围较小，我们可以计算出一切one[i][j]的组合。
11、由于poj还要求输出在哪几个旅馆设置仓库，每个仓库服务哪些旅馆，因此还需要存储动态规划路径。
12、可用at[i][j],from[i][j],to[i][j]分别表示sum[i][j]得到最小值时最后一个仓库的位置、服务的起始位置和服务的终止位置。
13、通过递归输出结果。
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<string.h>
using namespace std;
const int INF=100000000;
int r[300],sum[300][40],one[300][300];
int from[300][40],to[300][40],at[300][40];
int output(int i,int j)
{
if(j<=0||i<=0)return 1;
int num=output(from[i][j]-1,j-1);
printf("Depot %d at restaurant %d serves ",num,at[i][j]);
if(from[i][j]==to[i][j])printf("restaurant %d\n",from[i][j]);
else printf("restaurants %d to %d\n",from[i][j],to[i][j]);
return num+1;
}
int main()
{
int n,K,i,j,k,middle;
int iCase=0;
while(scanf("%d%d",&n,&K)!=EOF)
{ iCase++;
if(n==0&&K==0)break;
for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&r[i]);
memset(one,0,sizeof(one));
memset(sum,0,sizeof(sum));
for(i=1;i<=n;i++)
{ for(j=1;j<=n;j++)
{
middle=(i+j)/2;
//for(k=i;k<middle;k++)one[i][j]+=r[middle]-r[k];
//for(k=middle+1;k<=j;k++)one[i][j]+=r[k]-r[middle];
for(k=i;k<=j;k++)one[i][j]+=abs(r[middle]-r[k]);
}
}
for(i=1;i<=n;i++) sum[i][0]=INF;
for(i=1;i<=n;i++)
{
for(j=1;j<=i&&j<=K;j++)
{
sum[i][j]=INF;
for(k=j-1;k<=i-1;k++)
{
int tmp=sum[k][j-1]+one[k+1][i];
if(tmp<sum[i][j])
{
sum[i][j]=tmp;
from[i][j]=k+1;
to[i][j]=i;
at[i][j]=(k+1+i)/2;
}
}
}
}
printf("Chain %d\n",iCase);
output(n,K);
printf("Total distance sum = %d\n\n",sum[n][K]);
}
return 0;
}