【Codeforces Round 333 (Div 2)D】【线段树 or ST-RMQ 初始化78msAC】Lipshitz Sequence 若干区间询问所有子区间的答案和
D. Lipshitz Sequence
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standard output
A function 
is called Lipschitz continuous if there is a real constant K such that the inequality |f(x) - f(y)| ≤ K·|x - y| holds for all 
. We'll deal with a more... discrete version of this term.
For an array 
, we define it's Lipschitz constant 
as follows:
- if n < 2,
- if n ≥ 2,
over all 1 ≤ i < j ≤ n
In other words, is the smallest non-negative integer such that |h[i] - h[j]| ≤ L·|i - j| holds for all 1 ≤ i, j ≤ n.
You are given an array 
of size n and q queries of the form [l, r]. For each query, consider the subarray 
; determine the sum of Lipschitz constants of all subarrays of 
.
Input
The first line of the input contains two space-separated integers n and q (2 ≤ n ≤ 100 000 and 1 ≤ q ≤ 100) — the number of elements in array and the number of queries respectively.
The second line contains n space-separated integers ().
The following q lines describe queries. The i-th of those lines contains two space-separated integers li and ri (1 ≤ li < ri ≤ n).
Output
Print the answers to all queries in the order in which they are given in the input. For the i-th query, print one line containing a single integer — the sum of Lipschitz constants of all subarrays of .
Sample test(s)
input
10 4 1 5 2 9 1 3 4 2 1 7 2 4 3 8 7 10 1 9
output
17 82 23 210
input
7 6 5 7 7 4 6 6 2 1 2 2 3 2 6 1 7 4 7 3 5
output
2 0 22 59 16 8
Note
In the first query of the first sample, the Lipschitz constants of subarrays of 
with length at least 2 are:
The answer to the query is their sum.
【Codeforces Round 333 (Div 2)D】【线段树 即时处理询问】Lipshitz Sequence 若干区间询问所有子区间的答案和 850ms
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<ctype.h>
#include<math.h>
#include<iostream>
#include<string>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
#include<bitset>
#include<algorithm>
#include<time.h>
using namespace std;
void fre(){freopen("c://test//input.in","r",stdin);freopen("c://test//output.out","w",stdout);}
#define MS(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define MC(x,y) memcpy(x,y,sizeof(x))
#define MP(x,y) make_pair(x,y)
#define ls o<<1
#define rs o<<1|1
typedef long long LL;
typedef unsigned long long UL;
typedef unsigned int UI;
template <class T> inline void gmax(T &a,T b){if(b>a)a=b;}
template <class T> inline void gmin(T &a,T b){if(b<a)a=b;}
const int N=1e5+10,M=0,Z=1e9+7,ms63=1061109567;
int n,m;
int l,r;
int vv[N],v[N];
struct A
{
int l,r,max;
}a[1<<18];
void build(int o,int l,int r)
{
a[o].l=l;
a[o].r=r;
if(l==r)
{
a[o].max=v[l];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(ls,l,mid);
build(rs,mid+1,r);
a[o].max=max(a[ls].max,a[rs].max);
}
int V;
int trylft(int o,int l,int r)
{
if(a[o].max<V)return l;
else if(a[o].l==a[o].r)return r+1;
int mid=(a[o].l+a[o].r)>>1;
if(a[o].l==l&&a[o].r==r)
{
if(a[rs].max<V)return trylft(ls,l,mid);
else return trylft(rs,mid+1,r);
}
if(r<=mid)return trylft(ls,l,r);
else if(l>mid)return trylft(rs,l,r);
else
{
int pos=trylft(rs,mid+1,r);
if(pos>mid+1)return pos;
else return trylft(ls,l,mid);
}
}
int tryrgt(int o,int l,int r)
{
if(a[o].max<=V)return r;
else if(a[o].l==a[o].r)return l-1;
int mid=(a[o].l+a[o].r)>>1;
if(a[o].l==l&&a[o].r==r)
{
if(a[ls].max<=V)return tryrgt(rs,mid+1,r);
else return tryrgt(ls,l,mid);
}
if(r<=mid)return tryrgt(ls,l,r);
else if(l>mid)return tryrgt(rs,l,r);
else
{
int pos=tryrgt(ls,l,mid);
if(pos<mid)return pos;
else return tryrgt(rs,mid+1,r);
}
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%d",&vv[i]);
--n;for(int i=1;i<=n;++i)v[i]=abs(vv[i+1]-vv[i]);
build(1,1,n);
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d",&l,&r);--r;
LL ans=0;
for(int j=l;j<=r;j++)
{
V=v[j];
LL lft=j;if(l<j)lft=trylft(1,l,j-1);
LL rgt=j;if(r>j)rgt=tryrgt(1,j+1,r);
ans+=(j+1-lft)*(rgt+1-j)*V;
}
printf("%lld\n",ans);
}
}
return 0;
}
/*
【trick&&吐槽】
这道题我一开始时，用的是线段树，常数本来就大。
自己写的时候还没做什么优化，于是提交时就被卡掉了啊TwT。
而且这还是——我在比赛结束倒计时7s时过了第一组数据的代码，
在倒计时5s点到提交的代码，
在倒计时1s交上去的代码哇！
瞬间跑到第46组数据，瞬间喜极而泣。
然而下一瞬间就tle on test 77了 QwQ。为何这样捉弄我？！
估计自己的代码，AC时间最多也就是1.2s，伤心！优化之后变成850ms，就AC掉了>_<
后来再经过离线预处理，时间可以降低到250ms（ST-RMQ）甚至是78ms（线段树）
【题意】
给你一个长度为n（2<=n<=1e5）的数vv[]，每个数的数值为[0,1e9]范围。
然后再给你m（1<=m<=100）个询问，对于每个询问，给你一个[l,r]的区间（1<=l<r<=n），
我们的问题是，对于这个区间的所有子区间（C(len,2)+C(len,1)个），所有去年L()值的和是多少。
L(区间)所返回的结果是这样计算的，定理len为区间长度——
1，如果len<2，返回0；
2，如果len>=2，返回max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j>i}
【类型】
线段树
【分析】
如何简化问题？
首先，我们不考虑询问有m个，对于一个询问区间，要如何求解？
然后，我们不考虑这个询问区间内的所有子区间，只拿出一个子区间出来，要如何求解？
这里就发现要先研究max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j>i}了。
然而我们很容易就发现，max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j>i}一定是取自——
max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j==i+1}中。
为什么呢？
我们用v[i]表示abs(vv[i+1]-v[i])/(i+1-i)=abs(vv[i+1]-v[i])
那比如对于abs(vv[i+k]-vv[i])/k，其实可以表示为(±v[i]±v[i+1]±...±vv[i+k-1])/k
也就是说，如果j和i的差值大于1，那么得到的abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)，最大也不过是若干个v的平均值。
所以，得证：
max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j>i}一定是取自——
max{向上取整(abs(vv[i]-vv[j])/(j-i)),j==i+1}中。
这个结论有什么用呢？
我们可以只用v[]就求出关于子区间权值的答案。
于是，对于一个询问区间，我们就有一种思路啦。
我们枚举子区间权值，然后看多少个子区间拥有这个权值就好。
具体如何实现呢？
就是我们在[l,r)范围，枚举每个v[]，看看这个v[]向左向右做多能覆盖到哪里。
然后这个v[]对答案的贡献就是左区间个数*右区间个数*v[]。
假设对于一个v[]的贡献计算时间为w
这样，对于一个询问区间，时间复杂度就是O(len*w)，总的时间复杂度是O(m*len*w)，可达O(1e7w)
于是w就要求尽量在O(1)内完成，而O(log(n))的时间复杂度下TLE也就一点也不冤了。
然而我还是O(log(n))的时间复杂度。
我的做法是通过线段树来求：
1，某个点向左第一个比它大的位点，（为了防止重复，这里其实是向左第一个大于等于它的位置）
2，这个点向右第一个比它大的位点。
然后计算贡献，然后就AC啦~~
不过——我们还是要引入其他做法
比如说：ST+二分。
我们可以先用ST初始化所有区间最值，然后再对于一个询问区间每个点，向左向右二分走到最左和最右的位置。
这种做法常数小很多，然而算法比较固定，出错率和稳定性大大提升。
然后在这个时候，我们发现了每个点可以向左向右延展的量，可以先做全局初始化。大大提高效率。
【时间复杂度&&优化】
O（m*len*log(n)）
*/
【Codeforces Round 333 (Div 2)D】【ST-RMQ+二分】Lipshitz Sequence 若干区间询问所有子区间的答案和 250ms
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<ctype.h>
#include<math.h>
#include<iostream>
#include<string>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
#include<bitset>
#include<algorithm>
#include<time.h>
using namespace std;
void fre(){freopen("c://test//input.in","r",stdin);freopen("c://test//output.out","w",stdout);}
#define MS(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define MC(x,y) memcpy(x,y,sizeof(x))
#define MP(x,y) make_pair(x,y)
#define ls o<<1
#define rs o<<1|1
typedef long long LL;
typedef unsigned long long UL;
typedef unsigned int UI;
template <class T> inline void gmax(T &a,T b){if(b>a)a=b;}
template <class T> inline void gmin(T &a,T b){if(b<a)a=b;}
const int N=1e5+10,M=0,Z=1e9+7,ms63=1061109567;
int n,m;
int l,r;
int vv[N],v[N],L[N],R[N];
int b[18];
int f[N][18];
void RMQinit()
{
int L=log(n+0.5)/log(2.0);
for(int j=0;j<=L;++j)b[j]=1<<j;
for(int i=1;i<=n;++i)f[i][0]=v[i];
for(int j=1;j<=L;++j)
{
int len=b[j-1]-1;
for(int i=1;i+len<=n;++i)
{
f[i][j]=max(f[i][j-1],f[i+b[j-1]][j-1]);
}
}
}
int RMQmax(int l,int r)
{
int len=r-l+1;
int k=log(len+0.5)/log(2.0);
return max(f[l][k],f[r-b[k]+1][k]);
}
void init()
{
int l,r;
for(int i=1;i<=n;++i)
{
l=1;r=i;
while(l<r)
{
int m=(l+r)>>1;
if(RMQmax(m,i-1)<v[i])r=m;
else l=m+1;
}
L[i]=l;
l=i,r=n;
while(l<r)
{
int m=(l+r+1)>>1;
if(RMQmax(i+1,m)<=v[i])l=m;
else r=m-1;
}
R[i]=l;
}
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%d",&vv[i]);
--n;for(int i=1;i<=n;++i)v[i]=abs(vv[i+1]-vv[i]);
RMQinit();
init();
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d",&l,&r);--r;
LL ans=0;
for(int j=l;j<=r;++j)ans+=(LL)(j-max(L[j],l)+1)*(min(R[j],r)-j+1)*v[j];
printf("%lld\n",ans);
}
}
return 0;
}
【Codeforces Round 333 (Div 2)D】【线段树 全局初始化】Lipshitz Sequence 若干区间询问所有子区间的答案和 78ms
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<ctype.h>
#include<math.h>
#include<iostream>
#include<string>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
#include<bitset>
#include<algorithm>
#include<time.h>
using namespace std;
void fre(){freopen("c://test//input.in","r",stdin);freopen("c://test//output.out","w",stdout);}
#define MS(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define MC(x,y) memcpy(x,y,sizeof(x))
#define MP(x,y) make_pair(x,y)
#define ls o<<1
#define rs o<<1|1
typedef long long LL;
typedef unsigned long long UL;
typedef unsigned int UI;
template <class T> inline void gmax(T &a,T b){if(b>a)a=b;}
template <class T> inline void gmin(T &a,T b){if(b<a)a=b;}
const int N=1e5+10,M=0,Z=1e9+7,ms63=1061109567;
int n,m;
int l,r;
int vv[N],v[N],L[N],R[N];
struct A
{
int l,r,max;
}a[1<<18];
void build(int o,int l,int r)
{
a[o].l=l;
a[o].r=r;
if(l==r)
{
a[o].max=v[l];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
build(ls,l,mid);
build(rs,mid+1,r);
a[o].max=max(a[ls].max,a[rs].max);
}
int V;
int trylft(int o,int l,int r)
{
if(a[o].max<V)return l;
else if(a[o].l==a[o].r)return r+1;
int mid=(a[o].l+a[o].r)>>1;
if(a[o].l==l&&a[o].r==r)
{
if(a[rs].max<V)return trylft(ls,l,mid);
else return trylft(rs,mid+1,r);
}
if(r<=mid)return trylft(ls,l,r);
else if(l>mid)return trylft(rs,l,r);
else
{
int pos=trylft(rs,mid+1,r);
if(pos>mid+1)return pos;
else return trylft(ls,l,mid);
}
}
int tryrgt(int o,int l,int r)
{
if(a[o].max<=V)return r;
else if(a[o].l==a[o].r)return l-1;
int mid=(a[o].l+a[o].r)>>1;
if(a[o].l==l&&a[o].r==r)
{
if(a[ls].max<=V)return tryrgt(rs,mid+1,r);
else return tryrgt(ls,l,mid);
}
if(r<=mid)return tryrgt(ls,l,r);
else if(l>mid)return tryrgt(rs,l,r);
else
{
int pos=tryrgt(ls,l,mid);
if(pos<mid)return pos;
else return tryrgt(rs,mid+1,r);
}
}
void init()
{
for(int j=1;j<=n;++j)
{
V=v[j];
if(j==1)L[j]=1;
else L[j]=trylft(1,1,j-1);
if(j==n)R[j]=n;
else R[j]=tryrgt(1,j+1,n);
}
}
int main()
{
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%d",&vv[i]);
--n;for(int i=1;i<=n;++i)v[i]=abs(vv[i+1]-vv[i]);
build(1,1,n);
init();
for(int i=1;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d",&l,&r);--r;
LL ans=0;
for(int j=l;j<=r;++j)ans+=(LL)(j-max(L[j],l)+1)*(min(R[j],r)-j+1)*v[j];
printf("%lld\n",ans);
}
}
return 0;
}