2014校园招聘各大公司笔试题目
- 一：有道。给定一个数字，返回其字典序排列的下一个值
比如给定132，其有四个数字组成‘1’，‘2’，‘3’，那么这三位数字组成的字典序全排列123，132，213，231，312，321。即其排列是从小到大排序的。输入给出的是132，那么应该返回的数字就是213。
思路：
其实这道题还是很简单的，但是需要知道一些其他知识储备。你应该知道全排列的生成算法，应该了解一下字典序全排列与普通全排列的区别。如果知道之后，那么该题目还是比较容易可以写的出来的。
全排列的生成算法比较多的。在这里贴出一种递归实现。
void genePermu(int A[], int i, int n){ if(i == n -1){ for(int k = 0; k < n; k ++){ cout << A[k] << " "; } cout << endl; return; }else{ for(int k = i; k < n; k ++){ mySwap(A[k], A[i]); genePermu(A, i + 1, n); swap(A[k], A[i]); } } }
但是上述算法的问题是，它不能生成字典序的全排列。所以还要对上述代码进行一定的修改才可以。
- 二：有道。题目是leetcode上的一道题目，leetcode上面是max container water。有道的题目是给出一个数组，按照数组中的值在二维平面做图，问可以围成的最大面积。
一个比较好的回答，可以参考连接中的回答。http://www.cnblogs.com/lichen782/p/leetcode_Largest_Rectangle_in_Histogram.html
- 三：腾讯。题目是给定两个整形数组，求这个整型数组中最大的交集，即两个数组中有几个重复的数字。
应该说解法还是很多的，有O（n^2）的两编遍历，也可以通过空间换取时间的O（n）。
简单说下，空间换时间。可以通过遍历第一个数组，把所有数字放进一个map，然后遍历第二个数组，如果map中有该数值，说明是交集中的一个，记录了该数值，继续遍历。
- 四：完美。求两个字符串的最短编辑距离。针对两个字符串只能做交换次序，增上一个字符，求能把两个字符变成相同字符，所需要的最小操作次数。
开始完全没思路，除了遍历还是遍历，后来搜索答案，发现这还是个非常经典的题目。题目是采用了动态规划的解法。
- 五：最短摘要算法。从一个长字符串中查找包含给定字符集合的最短子串。例如，长串为“aaaaaaaaaacbebbbbbdddddddcccccc”，字符集为{abcd}，那么最短子串是“acbebbbbbd”。
背景介绍：
摘要是指以简明扼要的文句，将某种文献的主要内容，正确无误地摘录出来。从定义也可以看出针对一个文章的摘要肯定会有短有长，但是长短的不同也就代表这数据量的不同。针对搜索引擎来说，当你输入一个搜索词语之后，对于返回的搜索结果中会有部分的网页正文内容，这部分的正文内容就是该网页的摘要。对于一个比较短的摘要，那么搜索结果需要加载的时间就会比较少一点。所以，这就希望每个网页的摘要都是最短的。这就需要一个最短摘要的算法。
算法介绍：
最短摘要的生成可以通过一道算法的题目去理解。在编程之美上，有这样一道公司的笔试面试题目是和最短摘要相关的。从一个长字符串中查找包含给定字符集合的最短子串。例如，长串为“aaaaaaaaaacbebbbbbdddddddcccccc”，字符集为{abcd}，那么最短子串是“acbebbbbbd”。
反映到搜索引擎的情况就是：输入搜索词abcd，搜索到一个网页内容为“aaaaaacbebbbbbdddddddcccccc”的网页，那么搜索引擎不可能返回一整个网页，所以这时候就要针对原网页与搜索词生成一个原网页的最短摘要。
算法思想：首先pBegin指针从字符串头开始开始搜索，直到找到包含所有给定字符串位置pEend；下一步上前移动pBegin，并测试pBegin与pEnd之间的字符串是否包含给定字串，一直移动pBegin到不包含给定字符串，这时候判断当前子串与已经找到的子串的长度大小，然后随时更新最短子串的位置；重复上述两部操作，知道pEnd等于原串的长度，到达末尾。
C++实现，借助了hash_map的数据结构，让查找可以在O(1)内完成。
#include <iostream>
#include <string>
#ifdef __GNUC__ //to determine which compiler is
#include <ext/hash_map>
#else
#include <hash_map>
#endif
using namespace std;
using namespace __gnu_cxx;
const string str = "aaaaaaaaaacbebbbbbdddddddcccccc";
bool isExist(int pBegin, int pEnd, hash_map<char, int> hash){
bool isExist = true;
hash_map<char, int> tmp;
for(int i = pBegin; i < pEnd; i ++){
tmp[str[i]] = 1;
}
hash_map<char, int>::iterator it = hash.begin();
for(; it != hash.end(); it++){
if(tmp.find(it -> first) != hash.end()){
continue;
}
isExist = false;
break;
}
return isExist;
}
string shortestAbstract(string substr){
string strstr;
int pBegin = 0;
int pEnd = substr.size(); //the end of abstract
int nLen = str.size();//the length of src str
int shortest = nLen;
int resultBegin = 0; //the begin of the final abstract
int resultEnd = 0;// the end of the final abstract
hash_map<char, int> hash;
for(int i = 0; i < substr.size(); i ++){
hash[substr[i]] = 1;
}
while(true){
//find the pEnd from begin
while(!isExist(pBegin, pEnd, hash) && pEnd < nLen){pEnd ++;}
//move begin forward and judge whether it contains the given str
while(isExist(pBegin, pEnd, hash))
{if(pEnd - pBegin < shortest){
shortest = pEnd - pBegin;
resultBegin = pBegin;
resultEnd = pEnd -1; }
pBegin ++;}
if(pEnd >= nLen){ break; }
} cout << "resultBegin:" << resultBegin << endl;
cout << "resultEnd:" << resultEnd << endl;
strstr = str.substr(resultBegin, (resultEnd - resultBegin + 1));
return strstr; }
int main(){
string substr;
cin >> substr;
string result = shortestAbstract(substr);
cout << result << endl;
system("pause");
return 0;}
- 六 ：给出一个列表，让求倒数第K个节点的值
第一种办法，思想其实很简单，我们可以现从头遍历整个列表，获取总过多少个节点，然后求得倒数第K个节点位置就可以了。然后重新遍历，获取倒数第K个节点位置。思想很简单，但是也存在弊端，就是需要遍历两次列表，才可以。
另一种解决办法是，使用两个指针都指向头节点。然后两个指针的其中一个指针B向后遍历K个节点，然后两个节点A、B同时向后遍历。因为A与B之间相差K个位置，所以当B节点达到终点的时候，A节点正好是倒数第K个位置。这样就不需要遍历两次位置了。
下面给出代码实现：
typedef struct Node{
char data;
Node *next;
}Node;
int length(const Node *pHead){
if(pHead == 0){
printf("null head");
return -1;
}
Node *pNext = (Node *) pHead;
int length = 0;
while(pNext != NULL){
pNext = pNext -> next;
length ++;
}
return length;
}
Node *find(const Node *pHead, int lastK){
int len = length(pHead);//这个时候其实已经遍历一遍，我们可以使用一个地方记录列表长度
if(lastK > len){
printf("wrong num");
return NULL;
}else{
Node *p1 = (Node *) pHead;
Node *p2 = p1;
for(int i = 0;i < lastK; i ++){
p2 = p2 -> next;
}
while(p2 != NULL){
p2 = p2 -> next;
p1 = p1 -> next;
}
return p1;
}
}
上面代码是直接采用了第二种方法的思想。但是，没有考虑的是，当K在前半部分的时候的场景。从第二种算法思想可以看到当K位于列表的后半部分的时候，算法效果比较好；但是当位于前半部分的时候，效率比较低。所以算法改进可以在遍历前判断K的位置，当K大于列表长度一半的时候，可以直接从头使用一个指针遍历。
还未考虑的地方是，当列表是环形指针列表的时候，算法需要怎样的改进。
- 七：给出两个排好序的列表，求两个列表的交集（百度）
示例
A：1 -> 4 -> 7 ->10 ->13
B：5 -> 8 ->10->13
那么输出结果就为10->13
根据题目给出的信息我们可以知道，两个列表的末尾肯定是相结合的。所以我们可以使用两个指针分布指向第一个列表和第二个列表，然后走如下操作。
首先查找两个列表长度的相差几个元素，让长的列表的指针向后移动到两个列表长度相同。然后同时移动两个指针分别比较，指针指向元素是否相等，直到列表结尾。
这个题目也有很多变种。上面考虑的是相邻的元素，也可以考虑不相邻的元素，即两个排序列表中都含有的元素。
题目描述：
给定字符串，输出括号是否匹配，例如，"()" yes；")(" no；"(abcd(e)" no；"(a)(b)" yes。
算法：
使用的是递归解决，如果使用栈的话，是比较好解决的，当是括号的左括号就push，遇到右括号就把栈顶pop。在这里没使用栈，使用了数组，不过是在第一位设置了一个标志位，用来标识是否是结束。然后当是左括号的时候添加进数组，指针加1，当是右括号的时候，判断当前指针是否是左括号，然后根据情况决定当期输入是否合法或者相应的指针减1；
#include <iostream>
using namespace std;
bool isRight(char *str, char *array, int size){
if(str == 0){
return false;
}
if(size == 0 && *array == '0'){
return true;
}else{
if(size == 0){
return false;
}else{
if(*str == ')'){
if(!(*array-- == '(')){
return false;
}
}else if(*str == '('){
array++;
*array = '(';
}
str ++;
size --;
return isRight(str, array, size);
}
}
}
int main(){
string str= "";
cin >> str;
char *in = (char *)str.data();
char *array = new char[(strlen(in) / 2) + 1];
array[0] = '0';//把地位设置为标志位
bool result = isRight(in, array, strlen(in));
cout << "result is " << result <<endl;
delete[] array;
system("pause");
}