题意：给你1e5个点（x,y,z),对于每一个点询问有多少个点(x1,y1,z1)满足x1 #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include usingnamespacestd; typedeflonglongLL; constintmaxn=

题意：给你1e5个点（x,y,z),对于每一个点询问有多少个点(x1,y1,z1)满足x1 #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include usingnamespacestd; typedeflonglongLL; constintmaxn=

这就是cdq分治。具体的代码如下。voidcdq(intl,intr){ if(l==r)return; intm=

分治、CDQ分治小结ASummaryforDivideandConquer0.Anouncement本文部分图片以及部分内容来自互联网，内容过多就不一一注明出处了，冒犯之处还请海涵。

题意:给定N≤105个三元组(xi,yi,zi),xi,yi,zi≤105定义偏序关系(xi,yi,zi)≤(xj,yj,zj)满足xi≤xj,yi≤yj,zi≤zj求每个三元组≤它小的三元组个数分析:cdq

Jam'sproblemagain TimeLimit:5000/2500MS(Java/Others)  MemoryLimit:65536/65536K(Java/Others)问题描述Jam喜欢坐标轴上的题，现在给出你一个三维的坐标轴，给出NN个点，坐标分别为(x,y,z)(x,y,z) 如果有两个点(x_i,y_i,z_i)(x​i​​,y​i​​,z​i​​)和(x_j,y_j,z_j)

思路：经典的cdq分治+树状数组。 

这次参加WC感觉就是打酱油啊出发去绵阳，到了之后熟悉了一下校园，听了Azui大神讲CDQ分治听了Picks讲课，我感觉对冬令营失去了信心，这是什么玩意？

然后领了一堆资料下午听我们一个同学讲了下cdq分治。晚上有个开幕式，感觉学校强行宣传233，其实讲道理我觉得OI这种开幕式真心不需要搞得像

未完主席树静态查询区间第k大写题发现原来版本众多bug后的最终版本QAQAQ我说一下主席树的内存怎么开这个内存啊,我着实分析过,然而QWQ最后我觉得直接照着题目内存限制开到最大就结了吧~~！const maxn=100005; var x:array[0..maxn,1..2]oflongint; root,y,z:array[0..maxn]oflongint; w:array[0..20*ma

先说一下cdq分治做法。

昨天晚上写了一道最裸的cdq分治的题陌上花开，自己做出来的，感觉又有了一定的领悟。

这是我的第二道cdq分治的题，不是很熟练，还是照着别人代码敲的。感觉这题要比cash好做多了。。cash一题中要划分后归并（即快排+归排），因为那道题里面每个节点考虑左儿子对右儿子的影响时需要左儿

题意：到处都找得到。我没看错的话当年考试的时候的题面里头，是提示了买卖一定是全部买入和卖出的。这样一来就好办了。cdq的论文里面那个F并不是她所说的那样，而是就是那个最优值。方程转移的时候实际上是枚举j，将第j天的东西全部卖掉，然后在当前的i这一天全部买入。这个方程关系比较复杂，并且网上很多题解都说得含糊不清，所以我昨晚推了一个小时左右才真正搞懂那个方程式以及斜率。方程很巧，x,y是那一天可以保有

好厉害的分治贴代码可以参考论文#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #defineT120000 #defineeps1e-9 #defineinf1e9 usingnamespacestd; structW { doublex,y,k,a,b,rate;

2016.1.1看了整体二分和cdq分治的思想和具体过程（没有写T。。。写了一道最短路，但是dijkstra的优先队列部分并不知道c++为什么那么些，还要看语法书。。。

把询问搞成4个，cdq分治。

模板题，折腾了许久。cqd分治整体二分，感觉像是把询问分到答案上。1#include 2#definerep(i,a,b)for(inti=a;i=b;i--) 4#defineREP(i,a,b)for(inti=a;ipii; 13constintinf=~0U>>1; 14consti64INF=~0ULL>>1; 15templatevoidMax(T&a,T&b){if(avo

用CDQ将前一半的决策点处理一边后一半就能线性更新了然后总的复杂度是CDQ分治的复杂度%%%CDQ代码的话是直接copy的  昨天打代码手打残了 不想打了#include #include #include

今天突然想到，啊这不就是CDQ分治吗。整体二分是二分答案，CDQ分治是二分操作。于是就乱搞一下。先算出初始序列的逆序对数，顺便算一下每个点的数所成的逆序对数，然后在操作的时候删除。

很裸的一道CDQ分治吧拆操作询问区间的时候 拆成询问四个子区间然后加加减减根据时间顺序来二分然后用插排降一维 最后一维树状数组维护前缀和#include #include #include #include

正解：点分治+cdq分治。（本蒟蒻太懒（弱）了不想

然后cdq分治被我大材小用了。想到cdq应该就能yy出来了，可是快排依赖症的我归并调了好久。

  1176: [Balkan2007]Mokia Time Limit: 30 Sec   Memory Limit: 162 MB Submit: 185   Solved: 94 [ Submit][ Status] Description 维护一个W*W的矩阵，每次操作可以增加某格子

orz zyf 那么对于一个矩形，我们拆成四个点，那么就可以和add操作一起cdq分治！ o

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1492 蒟蒻来学学cdq神算法啊。。 详见论文 陈丹琦《从《Cash》谈一类分治算法的应用》 orz 此题表示被坑精度。。。。。导致没1a。。。开小号交了几发。。。。。。。。。。。。。。。。。。。。坑。 蒟蒻就说说自己的理解吧。。 首先这题神dp。。。（表示完全看不出来） 首先我们要最大

题目链接：http://acdream.info/problem?pid=1157 Problem Description 由3钟类型操作：1）D L R(1 <= L <= R <= 1000000000) 增加一条线段[L,R]2）C i (1-base) 删除第i条增加的线段，保证每条插入线段最多插入一次，且这次删除操作一定合法3) Q L R(1 <= L &l

最近在看几道整体二分还有cdq分治的东西，突然间想起前几个礼拜的ZOJ题，然后看了一下代码，经过了一些深思熟虑之后，发现自己终于看懂了，下面就用别人的代码来剖析一下整个解题的思路吧，具体的内容我再看看。

试题来源 　　2013中国国家集训队第二次作业 问题描述 　　刚刚解决完电力网络的问题, 阿狸又被领导的任务给难住了. 　　刚才说过, 阿狸的国家有n个城市, 现在国家需要在某些城市对之间建立一些贸易路线, 使得整个国家的任意两个城市都直接或间接的连通. 　　为了省钱, 每两个城市之间最多只能有一条直接的贸易路径. 对于两个建立路线的方案, 如果存在一个城市对, 在两个方案

好久没发了 CDQ分治，具体做法见XHR的论文… 1 /************************************************************** 2

首先可以先按x排序，先降低一维，然后 剩下y 、z，在y上进行CDQ分治，按y的大小用前面的更新后面的。z方向离散化之后用树状数组维护就可以了。

陈丹琦分治~~~其实一些数据小的时候可以用二维或者多维树状数组做的，而数据大的时候就无力的题目，都可以用陈丹琦分治解决。 题目：由3钟类型操作：1）D L R(1 <= L <= R <= 1000000000) 增加一条线段[L,R]2）C i (1-base) 删除第i条增加的线段，保证每条插入线段最多插入一次，且这次删除操作一定合法3) Q L R(1 <= L &

CDQ分治推荐论文： 1 《从＜Cash＞谈一类分治算法的应用》 陈丹琦 2 《浅谈数据结构题的几个非经典解法》  许昊然 关于CDQ分治，两种要求：①操作不相互影响  ②可以离线处理

#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include usingnamespacestd; #defineMS(x,y)memset(x,y,sizeof(x)) #defineMC(x,y)memcpy(x,y,siz

若所有点同侧则表明将各个点带入直线解析式ax+by-c后得到的值均同号等价于最大值和最小值同号考虑CDQ分治，每一步分治的过程中求出上下凸壳，然后三分答案即可时间复杂度$O(n\log^2n)$  

=a[i][j])=\sum f[x][y](x<i,y<j)-\sum f[x][y](x<i,y<j,a[x][y]==a[i][j])$ 然后运用CDQ分治即可$O(nm

CANCEL操作可以看作删点，X坐标可以离散化 将询问按Z坐标差分，转化成两个求Z<=某个数的和的询问 将操作CDQ分治 每次将前一半的修改、后一半的查询按照Z坐标排序 然后扫描线，每到一个询问就把所有

=a[i],b[j]>=b[i]的j 如果b[j]==b[i]，那么a[j]>a[i]，这种情况先用set处理掉 如果b[j]>b[i]，那么a[j]>=a[i]，离散化后CDQ

题目链接 Segments Time Limit: 4000/2000MS (Java/Others)Memory Limit: 20000/10000KB (Java/Others) Problem Description 由3钟类型操作：1）D L R(1 <= L <= R <= 1000000000) 增加一条线段[L,R]2）C i (

2683:简单题TimeLimit:50SecMemoryLimit:128MBSubmit:381Solved:163[Submit][Status][Discuss]Description你有一个N*N的棋盘，每个格子内有一个整数，初始时的时候全部为0，现在需要维护两种操作：命令参数限制内容1xyA1#include#include#includeusingnamespacestd;#defi

2683:简单题TimeLimit: 50Sec  MemoryLimit: 128MBSubmit: 381  Solved: 163[Submit][Status][Discuss]Description你有一个N*N的棋盘，每个格子内有一个整数，初始时的时候全部为0，现在需要维护两种操作： 命令参数限制内容1xyA1 #include #include #include usingname

题目：单点更新查询区间第k大按照主席树的思想，要主席树套树状数组。即按照每个节点建立主席树，然后利用树状数组的方法来更新维护前缀和。然而，这样的做法在实际中并不能AC，原因即卡空间。因此我们采用一种叫做整体二分的方法。说一下具体做法：首先要离线处理我们把原数列也当成单点更新的操作，而更改值我们则看成两个操作，第一个是删掉原来位置的值，第二个是把新的值放置在这个位置，这样一来我们就可以得到最长n*3

CDQ分治是个神奇的东西。。其思想基于分治。。

之前看到这题的时候刚好做了某逆序对题和这题似乎挺像……以为是扫描线+线段树，然后不会做2333唔然后再看的时候YY了个分治+二分+可持久化线段树（雾）的东西……然而好像还是不能做再后来whx告诉我……cdq

HDU5127Dogs’Candies【CDQ分治+动态凸包】题意：一个狗国家的狗国王有一个装糖的盒子，每颗糖有两个属性p,q，分别代表甜度和咸度，每只狗对于甜度和咸度的偏爱度不一样，所以每条狗有两个参数

线段包含问题本身的解答是CDQ分治，时间复杂度为O(nlog(n)2)但是这题会卡你的CDQ但是因为这题它加的线段的长度是递增的，所以能够保证的是，之前加进去的线段，如果能够被包含的一定是完全被包含，同时也就满足了

每个元素是一条直线，要求实现：将x位置上改成一条新的直线询问[l,r)上的所有直线与x=a这条直线交点中最高一个的纵坐标其中共Q个询问，询问的a递增n<=105,Q<=3×105分析这道题我想到了用线段树套CDQ

题意：维护一个W*W的矩阵，初始值均为S.每次操作可以增加某格子的权值,或询问某子矩阵的总权值.修改操作数M #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include u

题目链接：hdu4742PinballGame3D三维的LIS，将元素按照x，y，z排序，这样确保了i一定是从[1,i-1]中转移过来的。每次二分[l,r]区间，先处理[l,mid]，然后通过[l,mid]更新[mid+1,r]，更新的过程中，按照[l,r]中y值小的优先处理,树状数组维护第三维z。#include #include #include usingnamespacestd; #de

题目链接：hdu5324BoringClass做法一：树状数组套笛卡尔树。保证字典序最小，从N->1方向遍历。树状数组维护第二维，每个节点对应一棵笛卡尔树，笛卡尔树的key值对应第三维，val值为随机值，控制树高。然后笛卡尔树的每个节点维护len，idx，mlen，midx将每次查询复杂度控制在log(n)*log(n)#include #include #include #include #in