出题人的做法是 \(O(n\sqrt{n\log n})\)，结果这场结束后就被狂喷，一群人给出了 \(O(n\sqrt{n})\) 做法，甚至 \(O(n\log n)\) 都出来了……
首先发现，修改一个点时，如果把这个点看成根，其它点权期望的变化只和在根的哪个儿子的子树中有关，\(\frac{n-sz[u]}{n}d\)（选除了这个子树中的点都能经过 \(x\)）。
\(O(n\sqrt{n\log n})\) 很显然，对修改的点的度数分类讨论，度数小的就是一堆子树加，度数大的就打个标记，查询的时候把大点的贡献也算上就行了。
\(O(n\sqrt{n})\) 的话，把线段树/树状数组换成分块。度数小的修改复杂度总共是 \(O(\text{块数}+\text{度数})\)（每棵子树的区间不交）。
\(O(n\log n)\) 就不用度数根号分治了。
考虑树剖（似乎很套路？），修改一个点时，只需要对重儿子和外子树区间加。
询问一个点时，发现需要再统计的就是跳重链时，从一条链跳到另外一条链时链头和父亲之间的贡献（只有这时才有轻儿子）。
代码
#include
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair PII;
const int maxn=300030,mod=998244353;
#define MP make_pair
#define PB push_back
#define lson o<<1,l,mid
#define rson o<<1|1,mid+1,r
#define FOR(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define ROF(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define MEM(x,v) memset(x,v,sizeof(x))
inline ll read(){
char ch=getchar();ll x=0,f=0;
while(ch<'0' || ch>'9') f|=ch=='-',ch=getchar();
while(ch>='0' && ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return f?-x:x;
}
int n,q,el,head[maxn],to[maxn],nxt[maxn],b[maxn],dep[maxn],sz[maxn],son[maxn],fa[maxn],top[maxn],lft[maxn],rig[maxn],cnt,tag[maxn];
inline void add(int u,int v){
to[++el]=v;nxt[el]=head[u];head[u]=el;
}
inline int qpow(int a,int b){
int ans=1;
for(;b;b>>=1,a=1ll*a*a%mod) if(b&1) ans=1ll*ans*a%mod;
return ans;
}
inline void update(int p,int v){
for(int i=p;i<=n;i+=i&-i) b[i]=(b[i]+v)%mod;
}
inline void update(int l,int r,int v){
update(l,v);update(r+1,(mod-v)%mod);
}
inline int query(int p){
int s=0;
for(int i=p;i;i-=i&-i) s=(s+b[i])%mod;
return s;
}
void dfs1(int u,int f){
dep[u]=dep[fa[u]=f]+1;
sz[u]=1;
for(int i=head[u];i;i=nxt[i]){
int v=to[i];
if(v==f) continue;
dfs1(v,u);
sz[u]+=sz[v];
if(sz[v]>sz[son[u]]) son[u]=v;
}
}
void dfs2(int u,int topf){
top[u]=topf;
lft[u]=++cnt;
if(son[u]) dfs2(son[u],topf);
for(int i=head[u];i;i=nxt[i]){
int v=to[i];
if(v==fa[u] || v==son[u]) continue;
dfs2(v,v);
}
rig[u]=cnt;
}
void update_tree(int u,int d){
tag[u]=(tag[u]+d)%mod;
if(son[u]) update(lft[son[u]],rig[son[u]],1ll*(n-sz[son[u]])*d%mod);
if(u!=1){
update(1,lft[u]-1,1ll*sz[u]*d%mod);
if(rig[u]!=n) update(rig[u]+1,n,1ll*sz[u]*d%mod);
}
}
int query_tree(int u){
int s=(1ll*n*tag[u]+query(lft[u]))%mod;
while(u){
s=(s+1ll*tag[fa[top[u]]]*(n-sz[top[u]]))%mod;
u=fa[top[u]];
}
return s;
}
int main(){
n=read();q=read();
int inv=qpow(n,mod-2);
FOR(i,1,n-1){
int u=read(),v=read();
add(u,v);add(v,u);
}
dfs1(1,0);dfs2(1,1);
while(q--){
int tp=read(),u=read();
if(tp==1) update_tree(u,1ll*inv*read()%mod);
else printf("%d\n",query_tree(u));
}
}