【程序员面试金典】面试题 03.06. 动物收容所

题目

动物收容所。有家动物收容所只收容狗与猫，且严格遵守“先进先出”的原则。在收养该收容所的动物时，收养人只能收养所有动物中“最老”（由其进入收容所的时间长短而定）的动物，或者可以挑选猫或狗（同时必须收养此类动物中“最老”的）。换言之，收养人不能自由挑选想收养的对象。请创建适用于这个系统的数据结构，实现各种操作方法，比如enqueue、dequeueAny、dequeueDog和dequeueCat。允许使用Java内置的LinkedList数据结构。

enqueue方法有一个animal参数，animal[0]代表动物编号，animal[1]代表动物种类，其中 0 代表猫，1 代表狗。

dequeue*方法返回一个列表[动物编号, 动物种类]，若没有可以收养的动物，则返回[-1,-1]。

示例1:

输入：
["AnimalShelf", "enqueue", "enqueue", "dequeueCat", "dequeueDog", "dequeueAny"]
[[], [[0, 0]], [[1, 0]], [], [], []]
输出：
[null,null,null,[0,0],[-1,-1],[1,0]]

示例2:

输入：
["AnimalShelf", "enqueue", "enqueue", "enqueue", "dequeueDog", "dequeueCat", "dequeueAny"]
[[], [[0, 0]], [[1, 0]], [[2, 1]], [], [], []]
输出：
[null,null,null,null,[2,1],[0,0],[1,0]]

说明:收纳所的最大容量为20000

思路一：二维数组

使用二维数组记录每个位置是否有cat或dog，如果有则改位置即为1，否则为0，数组下标即为入队时间，每次出队从头开始遍历查找。

代码

时间复杂度：O(n)
空间复杂度：O(n)

class AnimalShelf {
    int animals[2][20000];
public:
    AnimalShelf() {

    }
    
    void enqueue(vector animal) {
        animals[animal[1]][animal[0]] = 1;
    }
    
    vector dequeueAny() {
        for (int i = 0; i < 20000; ++i) {
            if (animals[0][i] == 1) {
                animals[0][i] = 0;
                return {i, 0};
            } 
            if (animals[1][i] == 1) {
                animals[1][i] = 0;
                return {i, 1};
            }
        }
        return {-1, -1};
    }
    
    vector dequeueDog() {
        for (int i = 0; i < 20000; ++i) {
            if (animals[1][i] == 1) {
                animals[1][i] = 0;
                return {i, 1};
            } 
        }
        return {-1, -1};
    }
    
    vector dequeueCat() {
        for (int i = 0; i < 20000; ++i) {
            if (animals[0][i] == 1) {
                animals[0][i] = 0;
                return {i, 0};
            } 
        }
        return {-1, -1};
    }
};