暑假集训日记——7.4（codeforces）
B. Email from Polycarp
题解：
水题，练习一下STL，方便很多
#includeC2. Exam in BerSU (hard version)
题意：
给你n个数字，从左往右有序，问对于每个数字来说，从左往右（到这个数字）取一些数字，如果取得数字一定要包括这个数字，且这些数字的累加和不能超过m，求对于每个数字来说，它最少落下几个数字没取
WA代码：
C 1 C_1 C1能过， C 2 C_2 C2数据太大超时了。两个 s o r t sort sort重复排序太耗时
#include
}
}
AC代码：版本一
因为数组中的数的范围为1-100所以可以用桶排序，节省排序花费的时间
#includeAC代码：版本二
因为是要找到区间的从大到小的值，而且含有重复元素，想到可以使用multset
来自动排序，练习一下STL
根据题意理解，前缀和会越来越大，所以越往后重复删除的元素越多，所以从一开始就把以后一定会删除的元素删去，减少时间复杂度
所以优化就是，把次前缀和都删到刚好小于m，然后记录删除的个数。
证明为什么此时删掉的数以后一定会删掉：
1.如果后来进入容器的数字小于删掉的数字，根据从大到小删的原可得；
2.如果后来进入容器的数字不小于删掉的数字，那即使应该先删掉那个后来的数，但由于此时的前缀和仍大于m所以可得；
所以可以先删除，而不用考虑排序后再从大到小删除。
#includeD. Extra Element
题解：
把全部的公差存到数组里，然后每个数删一遍，判断是否有唯一的工差，就可求应该删去的数字下标了，练习运用STL
#include让我想起了一道之前做过的月赛题
/*
Description
这天小g遇到了一个队列，小g觉得队列乱糟糟的不好看。于是小g希望将队列调整成为一个等差数列
(差可为0)。但是小g对每个数都最多调整一次，每次可以对这个数加一、减一。请你帮助小g解决这
个问题，如果能调整出等差队列，输出需要调整的数的最小数量，否则输出-1。
Input
第一行一个整数n(2 <= n <= 100000)，表示数列中数的个数；
第二行为n个整数pi (1 <= pi <= 1e9)。
Output
输出一个整数，表示操作数量的最小值。如果不存在则输出-1。
*/
#include
for(int i=2;i<N;i++)
{
int temp=vec[i]-pre;//每项的公差
if(abs(temp-t)>1)//如果不相等且差值大于一就终止
{
//cout<
f=false;
break;
}
ans+=abs(pre+t-vec[i]);//改变次数
pre=pre+t;
}
if(f) ax=min(ax,ans);
}
}
if(ax!=INF)cout<<ax<<endl;
else cout<<-1<<endl;
}
}
E. Polycarp and Snakes
题解：
模拟就行了，记住，Polycarp是按字母顺序画蛇的。
首先，我们应该找出每个字母的左上角和右下角出现的最多的地方。
其次，我们应该通过这些字母从“z”到“a”。我们先跳过未找到的字母。如果任何字母的长度和宽度都大于1，就没有办法画蛇。否则，我们应该检查行中的所有元素是否等于当前字母或’’。如果是这样，让我们用“”把这条线划掉，然后继续看下一个字母。如果不是这样，就没有办法画蛇。
如果有答案，对于每条蛇，我们可以输出相关字母的最左上角和最右下角的坐标。如果某个字母没有出现，我们可以假设下一个字母完全覆盖了当前的字母。我们完全可以解决这个问题，通过不超过1+26=27个领域走。
代码太长不想写了…
B. Split a Number
模拟题，不过写起来好麻烦…
以下代码为转载：
#pragma GCC optimize(2)
#include
break;//因为找到一个解以后，它就是最优解，所以直接break
}
for(int i=(n+1)/2;i<n;i++){
y="";
t=s.substr(i,n-i);
w=s.substr(0,i);
if(w[w.size()-1]=='0'||t[t.size()-1]=='0'||t.empty()||w.empty())continue;
y=w;
for(int i=0;i<t.size();i++){
y[i]+=t[i]-'0';
}
for(int i=0;i<w.size()-1;i++){
while(y[i]>'9')y[i]-=10,y[i+1]++;
}
if(y[y.size()-1]>'9')y[y.size()-1]-=10,y+='1';
//cout<
break;
}
//比较
reverse(x.begin(),x.end());//重置数组
reverse(y.begin(),y.end());
if(x.empty()){
cout<<y;
return 0;
}
if(y.empty()){
cout<<x;
return 0;
}
if(x.size()!=y.size()){cout<<(x.size()<y.size()?x:y);return 0;}
else{
for(int i=0;i<x.size();i++){
if(x[i]!=y[i]){
cout<<(x[i]<y[i]?x:y);
return 0;
}
}//cout<
cout<<x;
}
return 0;
}
题意：有一个三岁的小屁孩特别喜欢三个数组成的等差数列，他现在有一组数，特别想知道里面含多少由三个数组成的等比数列，他年纪太小不会算，想难为一下搞ACM的。注意 可以不连续，但是等比数列在数组中的位置必须是递增的。
思路：遍历数组，对于每一个值都把他当做等比数列的中间的值x，对K求余，余数为零时，看（x/k）在该数之前出现了多少次，（xk）在该数之后出现了多少次，求和即可。
现在问题转换成，在x之前 x/k，xk 出现了多少次？
用map数组处理一下左右的数出现了多少次，在遍历数组的时候，每到一个数mapR[x]–;处理完之后mapL[x]++;
#include 佛系刷题…