Bzoj4259 残缺的字符串

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Description

很久很久以前，在你刚刚学习字符串匹配的时候，有两个仅包含小写字母的字符串A和B，其中A串长度为m，B串长度为n。可当你现在再次碰到这两个串时，这两个串已经老化了，每个串都有不同程度的残缺。

你想对这两个串重新进行匹配，其中A为模板串，那么现在问题来了，请回答，对于B的每一个位置i，从这个位置开始连续m个字符形成的子串是否可能与A串完全匹配?

 

 

Input

第一行包含两个正整数m,n(1<=m<=n<=300000)，分别表示A串和B串的长度。

第二行为一个长度为m的字符串A。

第三行为一个长度为n的字符串B。

两个串均仅由小写字母和*号组成，其中*号表示相应位置已经残缺。

 

 

Output

第一行包含一个整数k，表示B串中可以完全匹配A串的位置个数。

若k>0，则第二行输出k个正整数，从小到大依次输出每个可以匹配的开头位置（下标从1开始）。

 

 

Sample Input

3 7
a*b
aebr*ob

Sample Output

2
1 5

HINT

 

Source

By Claris

 

数学问题 FFT 字符串 脑洞题

题解看这里→ http://www.cnblogs.com/SilverNebula/p/6511330.html

这道题只不过给两个串都加了通配符而已。只要在之前那道题的式子上再乘一个a[i]就可以了。

 

跑得巨慢，尝试优化各种地方，在submission status上留下了一串红。

最后发现我的FFT板子之前是用来处理等长卷积的，所以长度直接设成len*2，实际上只用len(a)+len(b)就可以了(第43行)

速度快了一倍，4768ms成功rank7

↑在此之前手写复数类从1w+优化9000ms

 

 1 /*by SilverN*/
 2 #include
 3 #include
 4 #include
 5 #include
 6 #include
 7 #include
 8 using namespace std;
 9 const double pi=acos(-1.0);
10 const int mxn=1150011;
11 struct com{
12     double a,b;
13     com operator + (const com y){return (com){a+y.a,b+y.b};}
14     com operator - (const com y){return (com){a-y.a,b-y.b};}
15     com operator * (const com y){return (com){a*y.a-b*y.b,a*y.b+b*y.a};}
16 }c[mxn],d[mxn],e[mxn];
17 double a[mxn],b[mxn];
18 int n,l;
19 int rev[mxn];
20 void FFT(com *a,int flag){
21     int i,j,k;
22     for(i=0;iif(rev[i]>i)swap(a[rev[i]],a[i]);}
23     for(i=1;i1){
24         com wn=(com){cos(pi/i),flag*sin(pi/i)};
25         for(j=0;j1)){
26             com w=(com){1,0};
27             for(k=0;kwn){
28                 com x=a[j+k],y=w*a[i+j+k];
29                 a[j+k]=x+y;
30                 a[i+j+k]=x-y;
31             }
32         }
33     }
34     if(flag==-1)for(i=0;in;
35 }
36 char s1[300021],s2[300021];
37 int ans[mxn],cnt=0;
38 int main(){
39     int l1,l2;
40     scanf("%d%d",&l2,&l1);
41     int i,j;
42     scanf("%s",s2);scanf("%s",s1);
43     int m=l1+l2;
44     for(n=1;n1)l++;
45     for(i=0;i>1]>>1)|((i&1)<<(l-1));}
46     for(i=0;i){
47         if(s1[i]!='*')a[i]=s1[i]-'a'+1;
48         else a[i]=0;
49     }
50     for(i=0;i){
51         if(s2[i]!='*')b[l2-i-1]=s2[i]-'a'+1;
52         else b[l2-i-1]=0;
53     }
54     for(i=0;i){
55         c[i].a=a[i]*a[i]*a[i];
56     }
57     for(i=0;i){
58         d[i].a=b[i];
59     }
60     FFT(c,1);FFT(d,1);
61     for(i=0;i//a^3*b
62     //
63 //    memset(c,0,sizeof c);
64 //    memset(d,0,sizeof d);
65     for(i=0;i0;}
66     for(i=0;i0;}
67     FFT(c,1);FFT(d,1);
68     com tmp=(com){2,0};
69     for(i=0;i//2ab*a*b
70     //
71 //    memset(c,0,sizeof c);
72 //    memset(d,0,sizeof d);
73     for(i=0;i0;}
74     for(i=0;i0;}
75     FFT(c,1);FFT(d,1);
76     for(i=0;i//b^3*a
77     //
78     FFT(e,-1);
79     for(i=l2-1;i)
80         if(abs(e[i].a)<=0.5){
81             ans[++cnt]=i-l2+2;
82         }
83     printf("%d\n",cnt);
84     for(i=1;i<=cnt;i++){
85         printf("%d ",ans[i]);
86     }
87     return 0;
88 }

 

转载于:https://www.cnblogs.com/SilverNebula/p/6511348.html