leetcode327 区间和的个数

题目

题目

暴力解法

就如题目所说最直观的方法是O(n * n)。

• 使用数组保存前缀和，时间复杂度O(n)
• 两遍for循环，找到每段区间的和，并判断是否在范围内，时间复杂度O(n * n)

代码

class Solution {
public:
    //暴力解法 
    int countRangeSum(vector& nums, int lower, int upper) {
        long long n = nums.size();
        long long sum = 0;
        vector dp;

        //求前缀和
        for (long long i = 0; i < n; i++) {
            sum += nums[i];
            dp.push_back(sum);
        }

        long long res = 0, cur;
        for (long long i = 0; i < n; i++) {
            for (long long j = i; j < n; j++) {
                cur = i == 0 ? dp[j] : dp[j] - dp[i - 1];
                //判断范围
                if (cur >= lower && cur <= upper) {
                    res++;
                }
            }
        }

        return res;
    }
};

树状数组

概念：树状数组(Binary Indexed Tree(B.I.T), Fenwick Tree)是一个查询和修改复杂度都为log(n)的数据结构。主要用于查询任意两位之间的所有元素之和，但是每次只能修改一个元素的值；经过简单修改可以在log(n)的复杂度下进行范围修改，但是这时只能查询其中一个元素的值(如果加入多个辅助数组则可以实现区间修改与区间查询)。

学习的话，看这篇B站资源。

通过上述，我们已经知道查询一个区间的前缀和，只需要O(log(n))的时间复杂度，这道题主要利用的就是这个性质。

步骤(通过一个例子来说明: nums = [-2,5,-1], lower = -2, upper = 2)

• 第一步仍然是求出前缀和数组，sum = [0, -2, 3, 2]。之所以第一位多加一个0，是为了方便计算第0位到i位的前缀和。

• 有了前缀和数组，我们取前缀和数组里两个不同位置的值a和b，其中a是0到i位置的和，b是0到j位置的和，i < j 。

• 所求的结果可以转化成：有多少组 lower <= b - a <= upper。

• 上述表达式可以化为 lower + a <= b <= upper + a，即对于每一个a，有多少个b存在于[lower + a, upper + a]区间内。

• 但是对于上述关系，我们并不需要知道lower + a, b, upper + a三个具体的值是多少，我们只需要他们的相对关系。所以我们可以把所有的数据（包括a，a + lower，a + upper）离散化。

• sum数组添加上每个元素和lower，upper的和之后变为。[0, -2, 3, 2, -2, 2, -4, 0, 1, 5, 0, 4]，再离散化的结果为[3, 2, 6, 5, 2, 5, 1, 3, 4, 8, 3, 7]

• 然后对原sum数组逆序遍历，首先遍历到a = 2，lower + a = 0，0离散化后为3， upper + a = 4， 4离散化后为7。

• 通过树状数组查询4到7之间的和，通过query(7) - query(4 - 1)得到。将查询结果加到最终结果上。再将树状数组里，a = 2对应的离散化值5的计数加一。

• 对原sum数组每一个数做前两步的操作，就能得到最后的统计结果。

• 时间复杂度：求前缀和数组 + 离散化前缀和数组 + 遍历前缀和数组 * （2 * 树状数组查询 + 树状数组单点修改) = O(n) + O(n * log(n)) + O(n * (2 * log(n) + log(n))) = O(n * log(n))

代码

class NumTree{
private:
    vector vec;
    int n;

    int lowbit(int x) {
        return x & -x;
    }
public:
    NumTree(int size){
        n = size;
        vec = vector(n + 1, 0);
    }

    void change(int x) {
        for (; x <= n; x += lowbit(x)) {
            vec[x]++;
        }
    }

    int query(int x) {
        int res = 0;
        for (; x; x -= lowbit(x)) {
            res += vec[x];
        }
        return res;
    }

    int query_area(int i, int j) {
        return query(j) - query(i - 1);
    }
};

class Solution {
public:
    int countRangeSum(vector& nums, int lower, int upper) {
        if (nums.empty()){
            return 0;
        }
        int n = nums.size();

        //前缀合
        long long cur = 0;
        vector sum;
        sum.push_back(0);
        for (auto & x : nums) {
            cur += x;
            sum.push_back(cur);
        }

        //去重
        set st;
        for (int i = 0; i <= n; i++) {
            st.insert(sum[i]);
            st.insert(sum[i] + lower);
            st.insert(sum[i] + upper);
        }

        //离散化
        unordered_map mp;
        int cnt = 0;
        for (auto & x : st) {
            mp[x] = ++cnt;
        }

        NumTree numTree(cnt + 1);
        int res = 0;
        for (int i = n; i >= 0; i--) {
            res += numTree.query_area(mp[sum[i] + lower], mp[sum[i] + upper]);
            numTree.change(mp[sum[i]]);
        }

        return res;
    }
};