#59 螺旋矩阵II
思路
要求从外到内安排进这n*n个数，我首先想到的是迷宫算法。
我想先设置一个大小n*n的布尔型二维数组，将其作为迷宫壁，初始化将整个数组先置为false，代表此路不通，然后将n*n的范围置为true，代表可走。
按照“右下左上”的顺序来走，当判断到一个方向可走，沿途将下一个数填入下一个格子，并将其布尔数组置为false，走到墙壁为止。
但是随着轮数的增加，每次判断的边界条件也会发生变化，再加上C++下标的问题，使得这个想法实现起来比较困难。
于是我用纸（随手抓了几张卫生纸）手动运作了一下填数的过程。
我把一次“右下左上”这套动作看作一个round，那么n=1和2的时候round=1 ,n=3和4的时候round=2,也就是n/2之后向上取整，即round=int(n/2)+(n mod 2)。
通过对每一个round行进下标的变化总结，可以得到round=r的时候的下标范式。（图上应该是round r 而不是round n 笔误）
代码
class Solution {
public:
vector
vector
int round=(int (n/2)+n%2);
int count,r,i,j=0;
count=0;
for (r=1; r<=round ; r++)
{
for (j=r-1; j<=n-r ; j++ )
{
count++;
res[r-1][j]=count;
}
for (i=r; i<=n-r ; i++ )
{
count++;
res[i][n-r]=count;
}
for (j=n-r-1; j>=r-1 ; j-- )
{
count++;
res[n-r][j]=count;
}
for (i=n-r-1; i>=r ; i-- )
{
count++;
res[i][r-1]=count;
}
}
return res;
}
};
反思
其实这个题主要是思考的时间比较久，实现起来倒是挺快的，也没怎么卡BUG。
实际情况中出过两个问题
第一个是vector的向量我不会声明，网上找了一个抄来的。
第二个问题是从右往左走和从下往上走这两个动作是i--和j--，我下意识写成了j++，报错之后才发现的。
#189 轮转数组
思路
这个题的思路比较多。
首先最暴力的解法，就是额外搞一个空数组，先把K及以后的元素依次放入，再将原数组第一个到第K-1个元素放入新数组，这样这个新数组就是所求的数组。
不过上述方法对空间非常浪费，所以我想到第二种方法，作为第一种方法的空间优化版本。就是用一个栈去做这个事情。不用申请一个新的数组，就只使用一个栈，将第K个及之后的元素入栈，然后将原数组的元素，往右移动K位，再将栈内元素出栈，组成数组的前面K个元素，就得到所求数组。这样做的好处就是，在大部分情况下，栈对空间的消耗是小于一个固定的大数组的，这就减少了空间消耗。
写到这里，自然而然地就能想到一种新的方法，就是将K位轮转拆分为K个单次轮转，每个单次轮转都将数组最后一个元素存下来，然后将其他数往右移动一位，最后将保存的元素放回数组第一位，这也就是题目进阶要求中想让我们达到的原地轮转，而不是单独开辟数组或者栈，代码实现的也是这种思路。（实际上这种方法超时了，虽然是n平方的时间复杂度，但是题目数据量太大了）
最后调整了思路，主要是看到有人用reverse这个翻转函数，那么这个题就进入到一个全新的思路里了。
我将移位过程看作两个包团的位置互换，如图k=3的时候，实际上我们要的结果就是，左边四个数组成的包团和右边三个数组成的包团之间的互换。
C++里并没有包团移位这个操作，但可以通过Reverse函数来实现。
如图Reverse就是将目标段落的数据翻转过来。
那么两个包团之间的互换，可以通过三次Reverse翻转来实现：
第一次翻转，翻转整个数组，这样左右两个包团的位置就实现了互换，尽管每个包团内部的顺序反了，但没关系，我们接下来就来把包团内部的顺序翻回来。
第二次翻转，翻转左包团内部，这样左包团内部实际上经历了两次翻转，内部的顺序恢复了正常。
第三次翻转，翻转右包团内部，同样的，右包团内部也经历了两次翻转，属于是顺序翻反了又翻回来。
这样就完成了整个操作。
代码
class Solution {
public:
void rotate(vector
int i,j,temp=0;
int numsize=nums.size()-1;
k=k%nums.size();
if (k!=0)
{
reverse (nums.begin(),nums.end());
reverse (nums.begin(),nums.begin()+k);
reverse(nums.begin()+k,nums.end());
}
}
};
反思
一开始很快就做出来了，我的代码长这样，大部分情况是没问题的。但是提交的时候就发现第34组测试样例就是特别大的一个样本，就很恶心，我超时了，我心想我n平方的时间复杂度都能超时？？？？？？？
class Solution {
public:
void rotate(vector
int i,j,temp=0;
if (k!=0)
{
for (i=1;i { temp=nums[nums.size()-1]; for (j=nums.size()-2 ; j>=0; j--) { nums[j+1]=nums[j]; } nums[0]=temp; } } } }; 后来万佬告诉我，10^5的数据量意味着几乎只有时间复杂度不高于nlogn的算法能通过，10^6的话就几乎只能用n的算法，这是个不成文的经验，我还是太年轻了。 最后用翻转包团的方法解决了问题，其实我觉得这个题可以提炼出一种通用的方法。 即：当我们需要将数组的两个相邻子数组进行位置交换时，我们可以通过使用三次reverse操作来实现。 我又在想，这个包团交换的方法，能不能推广到非相邻的子数组呢，答案是肯定的。 如图，交换两个不相邻的包团，实际上我们可以看做是三个包团，交换不相邻的两个包团，而中间的包团的对外顺序不变，内部顺序也不变。 也就是说我们需要四次Reverse： 第一次，翻转整个数组，这样左右包团的相对顺序交换，而中间包团的对外位置不变。 然后我们分别对三个包团进行单独翻转，将它们的内部顺序改回来，就完成了不相邻子数组的位置交换。 即：当我们需要将数组的两个子数组进行位置交换时，我们可以通过使用三或四次reverse操作来实现。