(蓝桥杯第十一届决赛)试题D：本质上升序列（动态规划）

先把题目中的字符串给出来：tocyjkdzcieoiodfpbgcncsrjbhmugdnojjddhllnofawllbhfiadgdcdjstemphmnjihecoapdjjrprrqnhgccevdarufmliqijgihhfgdcmxvicfauachlifhafpdccfseflcdgjncadfclvfmadvrnaaahahndsikzssoywakgnfjjaihtniptwoulxbaeqkqhfwl

分析：虽然这只是一道填空题，但是我觉得这个还是有一定的思考意义的，所以我今天就把他当作一个正常的大题来分析：

设f[i]表示以i结尾的本质不同的递增子序列，在这里我们先分析一个字符串bab，很显然f[1]=1,f[2]=1,f[1]=1是因为只有b，f[2]=1是因为只有a，那么f[3]=？，如果说是1那么就是只有ab，如果说是2那么就是含有ab和b两个递增子序列，但是很显然b在之前已经被计算过了，所以我们在这里如果使得f[3]=2的话就会重复计算，因为如果前面和后面字母重合的话我们只需要考虑一次，所以在这里我把他归结为前面字母的贡献，也就是说上面所分析的字符串中f[3]=1,也就是只包含ab这一种情况。如果我们能够求出来所有的f[i]，由f数组的定义我们可以知道，只要最后把所有的f数组求个和即可得到答案。

下面我们来进行动态转移方程的推导：

现在拿abcsca来举例

f[1]=1(a)

f[2]=2(b,    (f[1]后面接上b)ab)

f[3]=4(c,     (f[1]后面接上c)ac,       (f[2]后面接c)bc,abc)

f[4]=8(s,     (f[1]后面接上s)as,       (f[2]后面接s)bs,abs        (f[3]后面接上s)cs,acs,bcs,abcs) 

f[5]=0（无）

f[6]=0（无）

发现当遇到第二个c时，第二个c的贡献就变成了0，换句话说关于c的贡献都在前一个c中，因为如果只考虑第一个c及其出现位置之前的字符的话，以第二个c为结尾的贡献和以第一个c结尾的贡献是相同的，第一个c出现的位置是3，那么第二个c与上一个c出现前面的字符形成的递增子序列是重复的，这些都在前一个c中已经被计算过了，所以当前的c的贡献就应该从上一次出现c的位置的后一位开始考虑，如果某个字符字典序小于c且出现在上一个c的后面，在以这个字符结尾的所有本质不同的递增子序列后面加一个c就可以构成一个新的递增子序列，这应该属于当前c的贡献，如果这个字符大于等于c就不予考虑，按照这个方法我们就可以求得所有的f数组，这样我们就可以得到最终的答案了。注意我们这样进行更新的话只能对某个字母第一次出现的位置初始化为1，第二次出现就不能初始化为1了，因为在之前已经被计算过了。

下面是这种思路的代码：

#include
#include
#include
#include
#include
#include

当然我们也可以直接从前往后进行考虑，比如考虑更新f[i]，我们就遍历1~i-1，假如s[j]，其实这样思考的本质和上面那样是相同的，就是看大家怎么考虑了，由于我们是采用先加上重合的部分最后减去重合的部分，所以我们就不需要像上面那样查询当前字母上一次出现的位置，那么这样我们一开始f[i]就应该初始化为1,代表每一个字母的贡献（只包含这一个字母本身）。

下面是这种方法的代码：

#include
#include
#include
#include
#include
#include

最后大家直接把我一开始给定的那个字符串作为输入代入方程即可得到答案：3616159