题目描述
这是 LeetCode 上的 1537. 最大得分 ，难度为 困难。
Tag : 「前缀和」、「构造」、「双指针」、「序列 DP」、「动态规划」
你有两个 有序 且数组内元素互不相同的数组 nums1 和 nums2 。
一条 合法路径 定义如下：
- 选择数组
nums1或者nums2开始遍历（从下标 处开始）。 - 从左到右遍历当前数组。
- 如果你遇到了
nums1和nums2中都存在的值，那么你可以切换路径到另一个数组对应数字处继续遍历（但在合法路径中重复数字只会被统计一次）。
得分定义为合法路径中不同数字的和。
请你返回所有可能合法路径中的最大得分。
由于答案可能很大，请你将它对 取余后返回。
示例 1：
输入：nums1 = [2,4,5,8,10], nums2 = [4,6,8,9]
输出：30
解释：合法路径包括：
[2,4,5,8,10], [2,4,5,8,9], [2,4,6,8,9], [2,4,6,8,10],（从 nums1 开始遍历）
[4,6,8,9], [4,5,8,10], [4,5,8,9], [4,6,8,10] （从 nums2 开始遍历）
最大得分为上图中的绿色路径 [2,4,6,8,10] 。
示例 2：
输入：nums1 = [1,3,5,7,9], nums2 = [3,5,100]
输出：109
解释：最大得分由路径 [1,3,5,100] 得到。
示例 3：
输入：nums1 = [1,2,3,4,5], nums2 = [6,7,8,9,10]
输出：40
解释：nums1 和 nums2 之间无相同数字。
最大得分由路径 [6,7,8,9,10] 得到。
示例 4：
输入：nums1 = [1,4,5,8,9,11,19], nums2 = [2,3,4,11,12]
输出：61
提示：
-
nums1和nums2都是严格递增的数组。
前缀和 + 构造（分段计算）
一个简单且正确的做法，是我们构造一种决策方案，使得能够直接计算出最大得分。
首先，在最佳路径中所有的公共点都必然会经过，因此我们可以将值相等的点进行合并，即看作同一个点。
利用两个数组均满足「单调递增」，我们可以通过 的复杂度统计出那些公共点，以二元组 的形式存储到 list 数组（二元组含义为 ）。
对于 list 中的每对相邻元素（相邻公共点），假设为 和 ，我们可以通过「前缀和」计算出 以及 的和，从而决策出在 （或者说是 ，这两个是同一个点）时，我们应当走哪一段。
当计算完所有公共点之间的得分后，对于最佳路线的首位两端，也是结合「前缀和」做同样的逻辑处理即可。
代码：
class Solution {
int MOD = (int)1e9 + 7;
public int maxSum(int[] nums1, int[] nums2) {
int n = nums1.length, m = nums2.length;
long[] s1 = new long[n + 10], s2 = new long[m + 10];
for (int i = 1; i <= n; i++) s1[i] = s1[i - 1] + nums1[i - 1];
for (int i = 1; i <= m; i++) s2[i] = s2[i - 1] + nums2[i - 1];
List list = new ArrayList<>();
for (int i = 0, j = 0; i < n && j < m; ) {
if (nums1[i] == nums2[j]) list.add(new int[]{i, j});
if (nums1[i] < nums2[j]) i++;
else j++;
}
long ans = 0;
for (int i = 0, p1 = -1, p2 = -1; i <= list.size(); i++) {
int idx1 = 0, idx2 = 0;
if (i < list.size()) {
int[] info = list.get(i);
idx1 = info[0]; idx2 = info[1];
} else {
idx1 = n - 1; idx2 = m - 1;
}
long t1 = s1[idx1 + 1] - s1[p1 + 1], t2 = s2[idx2 + 1] - s2[p2 + 1];
ans += Math.max(t1, t2);
p1 = idx1; p2 = idx2;
}
return (int)(ans % MOD);
}
}
- 时间复杂度：
- 空间复杂度：
序列 DP
另外一个较为常见的做法是「序列 DP」做法。
定义 代表在 nums1 上进行移动，到达 的最大得分；定义 代表在 nums2 上进行移动，到达 的最大得分。
由于两者的分析是类似的，我们以 为例进行分析即可。
不失一般性考虑 如何转移，假设当前处理到的是 ，根据 是否为公共点，进行分情况讨论：
- 不为公共点，此时只能由 转移而来，即有 ；
- 为公共点（假设与 公共），此时能够从 或 转移而来，我们需要取 和 的最大值，即有 。
更重要的是，我们需要确保计算 时， 已被计算完成。
由于最佳路线必然满足「单调递增」，因此我们可以使用「双指针」来对 和 同时进行转移，每次取值小的进行更新，从而确保更新过程也是单调的，即当需要计算 时，比 小的 和 均被转移完成。
代码：
class Solution {
int MOD = (int)1e9 + 7;
public int maxSum(int[] nums1, int[] nums2) {
int n = nums1.length, m = nums2.length;
long[] f = new long[n + 1], g = new long[m + 1];
int i = 1, j = 1;
while (i <= n || j <= m) {
if (i <= n && j <= m) {
if (nums1[i - 1] < nums2[j - 1]) {
f[i] = f[i - 1] + nums1[i - 1];
i++;
} else if (nums2[j - 1] < nums1[i - 1]) {
g[j] = g[j - 1] + nums2[j - 1];
j++;
} else {
f[i] = g[j] = Math.max(f[i - 1], g[j - 1]) + nums1[i - 1];
i++; j++;
}
} else if (i <= n) {
f[i] = f[i - 1] + nums1[i - 1];
i++;
} else {
g[j] = g[j - 1] + nums2[j - 1];
j++;
}
}
return (int) (Math.max(f[n], g[m]) % MOD);
}
}
- 时间复杂度：
- 空间复杂度：
最后
这是我们「刷穿 LeetCode」系列文章的第 No.1537 篇，系列开始于 2021/01/01，截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道题目，部分是有锁题，我们将先把所有不带锁的题目刷完。
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