2019-08-14

洛谷P1478

|q天边的风

|原创

题目描述

又是一年秋季时，陶陶家的苹果树结了n个果子。陶陶又跑去摘苹果，这次她有一个a公分的椅子。当他手够不着时，他会站到椅子上再试试。

这次与NOIp2005普及组第一题不同的是：陶陶之前搬凳子，力气只剩下s了。当然，每次摘苹果时都要用一定的力气。陶陶想知道在s<0之前最多能摘到多少个苹果。

现在已知n个苹果到达地上的高度xi，椅子的高度a，陶陶手伸直的最大长度b，陶陶所剩的力气s，陶陶摘一个苹果需要的力气yi，求陶陶最多能摘到多少个苹果。

输入格式

第1行：两个数 苹果数n，力气s。

第2行：两个数 椅子的高度a，陶陶手伸直的最大长度b。

第3行~第3+n-1行：每行两个数 苹果高度xi，摘这个苹果需要的力气yi。

输出格式

只有一个整数，表示陶陶最多能摘到的苹果数。

输入输出样例

输入 #1复制

8 15

20 130

120 3

150 2

110 7

180 1

50 8

200 0

140 3

120 2

输出 #1复制

4

说明/提示

所有数据：n<=5000 a<=50 b<=200 s<=1000

      xi<=280  yi<=100

代码：

#include

using namespace std;

int x[5050],y[5050];

int main()

{

    int n,s,a,b,t1,t2,w;

    cin>>n>>s;

    cin>>a>>b;

    for(int i=0; i

    {

        cin>>x[i]>>y[i];

    }

    w=a+b;

    for(int i=0; i

    {

        for(int j=i+1; j

        {

            if(y[i]>=y[j])//这里我需要注意的地方就是在使用冒泡排序的时候数字小的往前面排。为了比较两个相邻的数，所以需要使用两个循环来列举所有情况。

            {

                t1=x[i];

                t2=y[i];//这题所不同的地方是在移动y数组的时候x数组相同的元素也要进行相同移动.

                x[i]=x[j];

                y[i]=y[j];

                x[j]=t1;

                y[j]=t2;

            }

        }

    }

    int ant=0;

    for(int i=0; i

    {

        if(x[i]<=w&&y[i]<=s)//这个解法的出发点也是先把力气排序好，我没想到的是它的用一个&&所连接起来的判断条件。

        {

            ant++;

            s=s-y[i];

        }

    }

    cout<

    return 0;

}//这题使用冒泡排序再加上一个for循环来计数相对来说还是很简单的。