程序员面试题精选(16)－O(logn)求Fibonacci数列

题目：定义Fibonacci数列如下：          /   0                       n=0
f(n)=       1                       n=1
         \   f(n-1)+f(n-2)           n=2
输入n，用最快的方法求该数列的第n项。
分析：在很多C语言教科书中讲到递归函数的时候，都会用Fibonacci作为例子。因此很多程序员对这道题的递归解法非常熟悉，看到题目就能写出如下的递归求解的代码。

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// Calculate the nth item of Fibonacci Series recursively
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long long Fibonacci_Solution1(unsigned int n)
{
      int result[2] = {0, 1};
      if(n < 2)
            return result[n];

      return Fibonacci_Solution1(n - 1) + Fibonacci_Solution1(n - 2);
}

但是，教科书上反复用这个题目来讲解递归函数，并不能说明递归解法最适合这道题目。我们以求解f(10)作为例子来分析递归求解的过程。要求得f(10)，需要求得f(9)和f(8)。同样，要求得f(9)，要先求得f(8)和f(7)……我们用树形结构来表示这种依赖关系
                   f(10)
                /         \
             f(9)          f(8)
           /      \        /     \
        f(8)      f(7)   f(6)    f(5)
       /    \      /    \
    f(7)   f(6)   f(6) f(5)
我们不难发现在这棵树中有很多结点会重复的，而且重复的结点数会随着n的增大而急剧增加。这意味这计算量会随着n的增大而急剧增大。事实上，用递归方法计算的时间复杂度是以n的指数的方式递增的。大家可以求Fibonacci的第100项试试，感受一下这样递归会慢到什么程度。在我的机器上，连续运行了一个多小时也没有出来结果。
其实改进的方法并不复杂。上述方法之所以慢是因为重复的计算太多，只要避免重复计算就行了。比如我们可以把已经得到的数列中间项保存起来，如果下次需要计算的时候我们先查找一下，如果前面已经计算过了就不用再次计算了。
更简单的办法是从下往上计算，首先根据f(0)和f(1)算出f(2)，在根据f(1)和f(2)算出f(3)……依此类推就可以算出第n项了。很容易理解，这种思路的时间复杂度是O(n)。

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// Calculate the nth item of Fibonacci Series iteratively
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long long Fibonacci_Solution2(unsigned n)
{
      int result[2] = {0, 1};
      if(n < 2)
            return result[n];
      long long   fibNMinusOne = 1;
      long long   fibNMinusTwo = 0;
      long long   fibN = 0;
      for(unsigned int i = 2; i <= n; ++ i)
       {
             fibN = fibNMinusOne + fibNMinusTwo;

             fibNMinusTwo = fibNMinusOne;
             fibNMinusOne = fibN;
       }

      return fibN;
}

这还不是最快的方法。下面介绍一种时间复杂度是O(logn)的方法。在介绍这种方法之前，先介绍一个数学公式：
{f(n), f(n-1), f(n-1), f(n-2)} ={1, 1, 1,0}n-1
(注：{f(n+1), f(n), f(n), f(n-1)}表示一个矩阵。在矩阵中第一行第一列是f(n+1)，第一行第二列是f(n)，第二行第一列是f(n)，第二行第二列是f(n-1)。)
有了这个公式，要求得f(n)，我们只需要求得矩阵{1, 1, 1,0}的n-1次方，因为矩阵{1, 1, 1,0}的n-1次方的结果的第一行第一列就是f(n)。这个数学公式用数学归纳法不难证明。感兴趣的朋友不妨自己证明一下。
现在的问题转换为求矩阵{1, 1, 1, 0}的乘方。如果简单第从0开始循环，n次方将需要n次运算，并不比前面的方法要快。但我们可以考虑乘方的如下性质：
         /   an/2*an/2                       n为偶数时
an=
         \   a(n-1)/2*a(n-1)/2             n为奇数时
要求得n次方，我们先求得n/2次方，再把n/2的结果平方一下。如果把求n次方的问题看成一个大问题，把求n/2看成一个较小的问题。这种把大问题分解成一个或多个小问题的思路我们称之为分治法。这样求n次方就只需要logn次运算了。
实现这种方式时，首先需要定义一个2×2的矩阵，并且定义好矩阵的乘法以及乘方运算。当这些运算定义好了之后，剩下的事情就变得非常简单。完整的实现代码如下所示。

#include <cassert>
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// A 2 by 2 matrix
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struct Matrix2By2
{
       Matrix2By2
       (
            long long m00 = 0, 
            long long m01 = 0, 
            long long m10 = 0, 
            long long m11 = 0
       )
       :m_00(m00), m_01(m01), m_10(m10), m_11(m11) 
       {
       }

      long long m_00;
      long long m_01;
      long long m_10;
      long long m_11;
};

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// Multiply two matrices
// Input: matrix1 - the first matrix
//         matrix2 - the second matrix
//Output: the production of two matrices
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Matrix2By2 MatrixMultiply
(
      const Matrix2By2& matrix1, 
      const Matrix2By2& matrix2
)
{
      return Matrix2By2(
             matrix1.m_00 * matrix2.m_00 + matrix1.m_01 * matrix2.m_10,
             matrix1.m_00 * matrix2.m_01 + matrix1.m_01 * matrix2.m_11,
             matrix1.m_10 * matrix2.m_00 + matrix1.m_11 * matrix2.m_10,
             matrix1.m_10 * matrix2.m_01 + matrix1.m_11 * matrix2.m_11);
}

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// The nth power of matrix 
// 1   1
// 1   0
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Matrix2By2 MatrixPower(unsigned int n)
{
       assert(n > 0);

       Matrix2By2 matrix;
      if(n == 1)
       {
             matrix = Matrix2By2(1, 1, 1, 0);
       }
      else if(n % 2 == 0)
       {
             matrix = MatrixPower(n / 2);
             matrix = MatrixMultiply(matrix, matrix);
       }
      else if(n % 2 == 1)
       {
             matrix = MatrixPower((n - 1) / 2);
             matrix = MatrixMultiply(matrix, matrix);
             matrix = MatrixMultiply(matrix, Matrix2By2(1, 1, 1, 0));
       }

      return matrix;
}

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// Calculate the nth item of Fibonacci Series using devide and conquer
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long long Fibonacci_Solution3(unsigned int n)
{
      int result[2] = {0, 1};
      if(n < 2)
            return result[n];

       Matrix2By2 PowerNMinus2 = MatrixPower(n - 1);
      return PowerNMinus2.m_00;
}