[NOI2018]归程（return）（kruskal重构树）

传送门
新鲜出炉的noi2018试题。
下面讲讲这题的解法：
首先要学习一个叫做kruskal重构树的东东。

听名字就知道跟kruskal算法有关，没错，原来的kruskal算法就是用并查集实现的，但当我们使用kruskal重构树的时候，对于每次找出的不同的两个连通块的祖先，我们都新建一个点作为两个祖先的父亲，并将当前边的边权转化为新点的点权。然而，路径压缩的时候会让我们丢失这种辛辛苦苦创造的树的形状。。。因此我们需要在使用并查集维护连通性的同时使用二叉树来维护树的形状。这样维护出来的树就是kruskal重构树。

不难发现kruskal重构树有几条重要的性质：
1.树上除叶子结点以外的点都对应着原来生成树中的边，叶子结点就是原来生成树上的节点。
2.由于新点的创建顺序与原来生成树上边权的大小有关，可以发现，从每个点到根节点上除叶子结点外按顺序访问到的点的点权是单调的。
3.出于kruskal算法贪心的性质，两个点u和v的lca的点权就对应着它们最小生成树上的瓶颈。
4.实际上这棵树就是一个二叉堆

所以这道题如何用krukal重构树做呢？

如果我们以海拔为第一关键字对边进行从大到小的排序，然后修建kruskal重构树，这样就弄出了一颗以海拔为关键字的小根堆。然后对于每一棵子树，如果询问中的水位线是低于子树的根节点的，那么此时这棵子树中的所有叶子结点都是连通的。放到题中就是说这颗子树中任选一个点出发，到子树中的其它点都不需要花费。

然后我们假设对于当前询问，我们找到了一个子树的根节点u，满足d[u]>p且d[fa[u]]<=p且出发点v在子树中，这时从v出发可以直接抵达子树中的任意一个叶子结点。因此我们需要从众多叶子节点中选出一个距离1号点花费最小的。

然后再捋一捋思路。我们首先要求出每个点到1号点的最小花费，这个直接dijstra+最短路预处理。然后是要建出kruskal重构树，再然后维护以每个点作为根节点时子树中距离1号点的最小花费，这个建完树后一个简单的dfs搞定。最后是如何找到点u，这时我们要让一个重要的算法登场：倍增算法。直接加上点权>p的限制在树上倍增即可。

总时间复杂度O（T*nlogn）。

代码如下：

#include
#define N 400005
#define M 800005
using namespace std;
inline int read(){
	int ans=0;
	char ch=getchar();
	while(!isdigit(ch))ch=getchar();
	while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getchar();
	return ans;
}
inline void write(int x){
	if(x>9)write(x/10);
	putchar(x%10+'0');
}
int n,m,T,q,k,s,vis[N],first[N<<1],head[N],cntx=0,d[N],dep[N],f[N][20],fa[N<<1],lastans=0,totx=0;
struct Node{int u,v,l,a;}e[M],p[N<<1];
struct edge{int v,next;}tr[M<<1];
struct node{int v,next,w;}t[M];
struct heap{int u,v;};
inline bool operator<(heap a,heap b){return a.v>b.v;}
inline void dijstra(int s=1){
	memset(vis,false,sizeof(vis));
	memset(d,0x3f,sizeof(d));
	priority_queueq;
	d[s]=0;
	q.push((heap){s,d[s]});
	while(!q.empty()){
		heap x=q.top();
		q.pop();
		if(vis[x.u])continue;
		vis[x.u]=true;
		for(int i=head[x.u];i;i=t[i].next){
			int v=t[i].v;
			if(vis[v])continue;
			if(d[v]>d[x.u]+t[i].w){
				d[v]=d[x.u]+t[i].w
				;
				q.push((heap){v,d[v]});
			}
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;++i)p[i].l=d[i];
}
inline bool cmp(Node a,Node b){return a.a>b.a;}
inline int find(int x){return x==fa[x]?fa[x]:fa[x]=find(fa[x]);}
inline void add(int u,int v){
	tr[++cntx].v=v;
	tr[cntx].next=first[u];
	first[u]=cntx;
}
inline void addx(int u,int v,int w){
	t[++totx].v=v;
	t[totx].next=head[u];
	t[totx].w=w;
	head[u]=totx;
}
inline void dfs(int u,int pa){
	dep[u]=dep[pa]+1,f[u][0]=pa;
	for(int i=1;i<=19;++i)f[u][i]=f[f[u][i-1]][i-1];
	for(int i=first[u];i;i=tr[i].next){
		int v=tr[i].v;
		dfs(v,u);
		p[u].l=min(p[u].l,p[v].l);
	}
}
inline int query(int x,int y){
	for(int i=19;i>=0;--i)if(dep[x]-(1<0&&p[f[x][i]].a>y)x=f[x][i];
	return p[x].l;
}
inline void kruskal(){
	int tot=0,cnt=n;
	for(int i=1;i<=(n<<1);++i)fa[i]=i;
	sort(e+1,e+m+1,cmp);
	for(int i=1;i<=m;++i){
		int u=e[i].u,v=e[i].v;
		int fx=find(u),fy=find(v);
		if(fx!=fy){
			add(++cnt,fx);
			add(cnt,fy);
			fa[fx]=cnt;
			fa[fy]=cnt;
			p[cnt].a=e[i].a;
			++tot;
		}
		if(tot==n-1)break;
	}
	dfs(cnt,0);
	while(q--){
		int x=(k*lastans+read()-1)%n+1,y=(k*lastans+read())%(s+1);
		write(lastans=query(x,y));
		puts("");
	}
}
int main(){
	T=read();
	while(T--){
		lastans=0,n=read(),m=read();
		memset(e,0,sizeof(e)),cntx=0,totx=0;
		memset(first,0,sizeof(first));
		memset(head,0,sizeof(head));
		memset(f,0,sizeof(f));
		for(int i=1;i<=m;++i)e[i].u=read(),e[i].v=read(),e[i].l=read(),e[i].a=read(),addx(e[i].u,e[i].v,e[i].l),addx(e[i].v,e[i].u,e[i].l);
		for(int i=n+1;i<=(n<<1);++i)p[i].l=0x3f3f3f3f;
		dijstra();
		q=read(),k=read(),s=read();
		kruskal();
	}
	return 0;
}