题意:链接
方法:莫队上树
解析:
首先先考虑个莫队的算法，树分块
然后怎么做呢？
可以设两个指针么，然后按一定的排序方式移动指针，使复杂度可过。
观察到这道题是100s的，n^2是GG的，但比n^2稍微小一点就不GG了，
所以排序的作用就体现了。
按照左端点所在块为第一关键字，右端点所在块为第二关键字出现时间为第三关键字排序。
一共有n的1/3次方个块，所以所有的询问的左右端点所在的块的取值最多之后n的2/3次方种，对于每一种，对时间的修改最多会从尾改到头，所以又多乘一个q，n,q同阶，所以总复杂度O(n^5/3),如果两个询问的两个端点分别都在同一个块内的话，复杂度就到了块内的转移里，每块的大小是n^2/3次，所以复杂度也是O(n^5/3)。强行不到O(n^2)。
之后修改呢?
绑定一下暴力改就好了。
统计每一个修改之前有多少个询问。之后每一次枚举询问的时候暴力修改修改操作。
当然要排序，这样就显得线性多了2333
然后就莫队上树啦~
不要看错题！
代码:
using namespace std;
typedef long long ll;
int n,m,q,cnt;
int head[N];
ll V[N],W[N];
int C[N];
int sta[N];
int belong[N];
int deep[N];
int fa[N][21];
int s[N];
int v[N];
ll print[N];
int status[N];
int sqr23n;
int tot,top,cntque,cntcha;
struct node
{
int from,to,next;
}edge[N<<1];
struct query
{
int l,r,blockl,blockr,appcha,lca,no,alltime;
}que[N];
struct change
{
int pt,pre,sub,no,alltime;
}cha[N];
void init()
{
memset(head,-1,sizeof(head));
cnt=1;
}
void edgeadd(int from,int to)
{
edge[cnt].to=to;
edge[cnt].next=head[from];
head[from]=cnt++;
}
void dfs(int now,int depth,int fafa)
{
v[now]=1,fa[now][0]=fafa,deep[now]=depth;
int bot=top;
for(int i=head[now];i!=-1;i=edge[i].next)
{
int to=edge[i].to;
if(v[to])continue;
dfs(to,depth+1,now);
if(top-bot>=sqr23n)
{
tot++;
do
{
belong[sta[top--]]=tot;
}while(top!=bot);
}
}
sta[++top]=now;
}
int lca(int x,int y)
{
if(deep[x]y])swap(x,y);
for(int i=20;i>=0;i--)
{
if(deep[fa[x][i]]>=deep[y]&&fa[x][i]!=0)x=fa[x][i];
}
for(int i=20;i>=0;i--)
{
if(fa[x][i]!=fa[y][i]&&fa[x][i]!=0&&fa[y][i]!=0)
x=fa[x][i],y=fa[y][i];
}
if(x==y)return x;
return fa[x][0];
}
ll ans;
void Upd(int x)
{
if(status[x])
{
status[x]=0;
ans-=W[s[C[x]]]*V[C[x]];
s[C[x]]--;
}else
{
status[x]=1;
s[C[x]]++;
ans+=W[s[C[x]]]*V[C[x]];
}
}
void update(int u,int v,int lca)
{
while(u!=lca)
{
Upd(u);
u=fa[u][0];
}
while(v!=lca)
{
Upd(v);
v=fa[v][0];
}
}
int cmp(query a,query b)
{
if(a.blockl==b.blockl)
{
if(a.blockr==b.blockr)
{
return a.appchaelse return a.blockrelse return a.blocklint chaid,int opt)
{
int flag=0;
if(opt)flag=1,swap(cha[chaid].pre,cha[chaid].sub);
C[cha[chaid].pt]=cha[chaid].sub;
if(status[cha[chaid].pt])
{
ans-=V[cha[chaid].pre]*W[s[cha[chaid].pre]];
s[cha[chaid].pre]--;
s[cha[chaid].sub]++;
ans+=V[cha[chaid].sub]*W[s[cha[chaid].sub]];
}
if(flag)swap(cha[chaid].pre,cha[chaid].sub);
}
int main()
{
init();
scanf("%d%d%d",&n,&m,&q);
sqr23n=pow(n,2.0/3.0);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%lld",&V[i]);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&W[i]);
for(int i=1;iint x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
edgeadd(x,y),edgeadd(y,x);
}
dfs(1,1,0);
while(top>0)
{
belong[sta[top--]]=tot;
}
for(int i=1;i<=20;i++)
{
for(int j=1;j<=n;j++)
{
fa[j][i]=fa[fa[j][i-1]][i-1];
}
}
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&C[i]);
for(int i=1;i<=q;i++)
{
int jd,x,y;
scanf("%d%d%d",&jd,&x,&y);
if(jd)
{
if(belong[x]>belong[y])swap(x,y);
que[++cntque].l=x,que[cntque].r=y;
que[cntque].blockl=belong[x],que[cntque].blockr=belong[y];
que[cntque].appcha=cntcha;
que[cntque].lca=lca(que[cntque].l,que[cntque].r);
que[cntque].no=cntque;
que[cntque].alltime=cntque;
}else
{
cha[++cntcha].pt=x,cha[cntcha].pre=C[x],cha[cntcha].sub=C[x]=y,cha[cntcha].no=cntcha;
cha[cntcha].alltime=cntque;
}
}
sort(que+1,que+cntque+1,cmp);
int cnntcha=cntcha;
update(que[1].l,que[1].r,que[1].lca);
Upd(que[1].lca);
while(cnntcha>0)
{
if(cha[cnntcha].alltime1].alltime)break;
trans(cnntcha,1);
cnntcha--;
}
while(cnntchaif(cha[cnntcha+1].alltime>=que[1].alltime)break;
trans(cnntcha+1,0);
cnntcha++;
}
print[que[1].no]=ans;
Upd(que[1].lca);
int tl=que[1].l,tr=que[1].r;
for(int i=2;i<=cntque;i++)
{
int tmp=lca(que[i].l,tl);
update(tl,que[i].l,tmp);
tmp=lca(que[i].r,tr);
update(tr,que[i].r,tmp);
Upd(que[i].lca);
while(cnntcha>0)
{
if(cha[cnntcha].alltimebreak;
trans(cnntcha,1);
cnntcha--;
}
while(cnntchaif(cha[cnntcha+1].alltime>=que[i].alltime)break;
trans(cnntcha+1,0);
cnntcha++;
}
print[que[i].no]=ans;
Upd(que[i].lca);
tl=que[i].l,tr=que[i].r;
}
for(int i=1;i<=cntque;i++)printf("%lld\n",print[i]);
}
