2020牛客暑期多校训练营(第四场)H——Harder Gcd Problem

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2020牛客暑期多校训练营(第四场)H——Harder Gcd Problem_第1张图片
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题目大意:

输入一个n,给1-n进行两两配对,要求每一对(a,b)中,gcd(a,b)>1,输出任意一种配对结果即可

题目分析:

我们可以从质数下手,可以知道,1-n范围的质数只能和它的倍数相匹配,所以大于 n/2 的质数肯定是无法匹配的,我们就把每个质数可以匹配的数列出来

n=26为例

编号 最大质因数 数字
1 2 2, 4, 8, 16
2 3 3,6,9,12,18
3 5 5,10,15,20,24
4 7 7,14,21
5 11 11,22
6 13 13,26
7 17 17
8 19 19
9 23 23

11,19等都是大于 20/2 的质数,所以肯定是无法匹配的,对于质数13,可以让13和26匹配,对于11,让11和22匹配,可以发现这都只是有唯一的匹配,但是对于质数5的集合呢,集合里有5个元素显然无法匹配完,那到底把哪个剩下呢

质因数5的集合里可以发现是5*1,5*2,5*3,5*4,5*5,对于这样的集合,我们可以把5*2留下,直接放到质数2的集合里

同理其他质因数的集合如果元素个数为素数的话,也把第二个元素提出来放到2的集合里,提出来之后就可以随意匹配了,最好是大小顺序,最后再处理2这个集合里的元素

#include 
#include
#include
#include
using namespace std;
#define ll long long
#define endl '\n'
vector<int> v[18000];  //开小一点就过不去了,悲催~
const int N=2e5+10;
int mark[N],vis[N],record[N][2],tot;//mark记录编号,vis记录质因数,record存对
void prime()//素数筛选
{
    for(int i=2;i<=N;i++)
    {
        if(vis[i]==0)
        {
            mark[i]=tot++;
            for(int j=1;j*i<=N;j++)
                vis[j*i]=i;
        }
    }
}
int main()
{
    prime();
    int n, cnt=0,k;
    int maxn=0;
     scanf("%d",&k);
    while(k--)
    {
        scanf("%d",&n);
        cnt=0;
        for(int i=2;i<=n;i++)
        {
            v[mark[vis[i]]].push_back(i);
            maxn=max(maxn,mark[vis[i]]);
        }
        for(;maxn>0;maxn--)
        {
            if(v[maxn].size()==1) //容器里就一个,那没办法匹配
            {
                v[maxn].clear();
                continue;
            }
            if(v[maxn].size()&1)  
            //如果这个集合里元素是奇数个
            {
                //就把第二个元素给'2'所在的集合里,也就是v[0];
                v[0].push_back(v[maxn][1]);
                //按顺序配对就行,存到record里
                record[++cnt][0]=v[maxn][0];
                record[cnt][1]=v[maxn][2];
                for(int j=4;j<v[maxn].size();j+=2)
                {
                    record[++cnt][0]=v[maxn][j];
                    record[cnt][1]=v[maxn][j-1];
                }
            }
            else
            {
                for(int j=1;j<v[maxn].size();j+=2)
                {
                    record[++cnt][0]=v[maxn][j];
                    record[cnt][1]=v[maxn][j-1];
                }
            }
            v[maxn].clear();//由于有多组输入,一定要清空
        }
        //最后处理质因数2所在的集合
        for(int j=1;j<v[0].size();j+=2)
        {
            record[++cnt][0]=v[0][j];
            record[cnt][1]=v[0][j-1];
        }
        v[0].clear();
        printf("%d\n",cnt);
        for(int i = 1; i <= cnt; i++)
            printf("%d %d\n", record[i][0], record[i][1]);
    }
    return 0;
}

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