【编程之美】读书笔记：求数组的子数组之和的最大值

         问题：一个有N个整数元素的一维数组(A[0],A[1],A[2],...A[n-1]),这个数组中子数组之和的最大值是多少？

该子数组是连续的。例如 数组：[1,-2,3,5,-3,2]返回8； 数组：[0,-2,3,5,-1,2]返回9

        解法一：常规解法，时间复杂度为O(N^2)

       设Sum[i,...,j]为数组A中第i个元素到第j个元素的和(0<=i<=j利用Sum[i,...,j]=Sum[i,....j-1]+A[j];

  int MaxSum(int *A,int n)
{
int maximum=-INF;
int sum;
for(int i=0;imaximum)
maximum=sum;
}
}
return maximum;
}

该算法的时间复杂度为O(N^2)

        解法二：采用二分策略(分治法),时间复杂度为(N*logN)。

       如果将所给数组(A[0],...,A[n-1])分为长度相等的两段数组(A[0],...,A[n/2-1])和(A[n/2],...,A[n-1]),分别求出这两段数组各自最大子段和，则原数组(A[0],...,A[n-1])的最大子段和分为以下三种情况：
          a.(A[0],...,A[n-1])的最大子段和与(A[0],...,A[n/2-1])的最大子段和相同；
          b.(A[0],...,A[n-1])的最大子段和与(A[n/2],...,A[n-1])的最大子段和相同；
          c.(A[0],...,A[n-1])的最大子段跨过其中间两个元素A[n/2-1]到A[n/2].
对应a和b两个问题是规模减半的两个相同的子问题，可以用递归求得。
对于c,需要找到以A[n/2-1]结尾的和最大的一段数组和S1=(A[i],...,A[n/2-1])和以A[n/2]开始和最大的一段和S2=(A[n/2],...,A[j]),那么第三种情况的最大值为S1+S2。
代码如下：

int MaxSum(const int A[],int Left,int Right)    
{    
    int MaxLeftSum,MaxRightSum;              //左、右部分最大连续子序列值。对应情况a、b      
    int MaxLeftBorderSum,MaxRightBorderSum;  //从中间分别到左右两侧的最大连续子序列值，对应c。      
    int LeftBorderSum,RightBorderSum;    
    int Center,i;    
    if(Left == Right) //只有一个元素   
        if(A[Left]>0)    
            return A[Left];    
        else    
            return 0;    
        Center=(Left+Right)/2;    
        MaxLeftSum=MaxSum(A,Left,Center);    
        MaxRightSum=MaxSum(A,Center+1,Right);    
        MaxLeftBorderSum=0;    
        LeftBorderSum=0;    
        for(i=Center;i>=Left;i--)    
        {    
            LeftBorderSum+=A[i];    
            if(LeftBorderSum>MaxLeftBorderSum)    
                MaxLeftBorderSum=LeftBorderSum;    
        }    
        MaxRightBorderSum=0;    
        RightBorderSum=0;    
        for(i=Center+1;i<=Right;i++)    
        {    
            RightBorderSum+=A[i];    
            if(RightBorderSum>MaxRightBorderSum)    
                MaxRightBorderSum=RightBorderSum;    
        }    
        int max1=MaxLeftSum>MaxRightSum?MaxLeftSum:MaxRightSum;    
        int max2=MaxLeftBorderSum+MaxRightBorderSum;    
        return max1>max2?max1:max2;    
}    

         解法三：动态规划法(时间复杂度为O(N))

         将一个大问题(N个元素数组)转换为一个较小的问题(n-1个元素数组）。假设result[0]为已经找到数组[0,1,...n-1]中子数组和最大的，即保存当前找到的最大子数组。sum[i]为包含第i个元素且和最大的连续子数组。对于数组中的第i+1个元素有两种选择：
a.作为新子数组的第一个元素
b.放入前面已经找到的最大的子数组sum[i-1]中。

int max(int x,int y)
  {
	  return (x>y)?x:y;
  }
int MaxSum(int * A,int n)
{
 int *sum=(int *)malloc(n*sizeof(int));
 int *result=(int *)malloc(n*sizeof(int));
  
  sum[0]=A[0];
  result[0]=A[0];
  for(int i=1;iA[i]+sum[i-1],则作为新子数组的第一个元素，否则放入前面已经找到的最大的子


数组sum[i-1]中
  result[i]=max(sum[i],result[i-1]);


}
return result[n-1];
}

注：前面的算法额外申请了sum和result数组，其实在递推式
sum[i]=max(A[i],A[i]+sum[i-1]);
result[i]=max(sum[i],result[i-1]);中只需要两个变量就可以了。所以只需O(1)的空间。
[ 掌握下面这个写法]

int MaxSum(int * A,int n)
{


  int sum=A[0];
  int result=A[0];
  for(int i=1;i

简洁的写法( 掌握)：

 int MaxSum(int* a, int n)    
{    
    int sum=a[0];        
    int b=0;     


    for(int i=0; i