hdu 2546 详解用0-1背包思想解决问题

这道题，我一共WA了5次。

基本上，每一次我都发现了自己思维上的问题。

想花一点时间认真的来解释一下我的解法。

首先附AC代码：

#include
#include
using namespace std;

#define N 1005

int n;
int v[N];
int val;
int re[N][N];

void zeroOneBack(){
	int i = n - 1,j,k,temp1,temp2;
	for (j = 0; j < 5; j++){
		re[i][j] = j;
	}
	for (; j <= val; j++){
		re[i][j] = j - v[i];
	}
	for (k = i - 1; k >= 0; k--){
		for (j = 0; j < 5 ; j++){
			re[k][j] = re[k + 1][j];
		}
		for (; j <= val; j++){
			temp1 = re[k + 1][j];
			if (j - v[k] >= 0){
				temp2 = re[k + 1][j - v[k]];
			}
			else{
				temp2 = j - v[k];
			}
			re[k][j] = temp1 < temp2 ? temp1 : temp2;
		}
	}
}

int main(){
	int i;
	while (cin >> n&&n != 0){
		for (i = 0; i < n; i++){
			cin >> v[i]; 
		}
		sort(v, v + n);
		cin >> val;
		zeroOneBack();
		cout <

我看了网上的解法，大部分人都先对价值最高的先进行处理，然后再进行0-1背包。

我一开始不理解这种做法，其实这种做法是有它的必要性的。一会详细的解释。

数组 re[i][j] 代表 i物品在饭卡中还剩下j元时，有可能使得饭卡能达到的最低金额。

比如re[3][6] = -2 表示如果我要选择买不买3号时，当我饭卡内还剩下6元时，可能能达到的最低金额是-2元。

0-1背包问题自底向上，所以从最后一个物品开始，

首先进行初始化，

如果饭卡内的金额小于5,则不管够不够，都不能买（要特别注意这个初始化）

所以

for (j = 0; j < 5; j++){
		re[i][j] = j;
}

对于最后一个物品而言，如果饭卡内的金额大于5元，则都可以买

for (; j <= val; j++){
		re[i][j] = j - v[i];
}

这里就要特别提出在进入0-1背包之前，我先进行了排序：

sort(v, v + n);

因为，直接0-1背包，价格大的物品再前，而价格小的物品在后，价格大的物品就会把价格小的物品被选择的机会给剥夺，

这里我给出一组测试用例，大家比较一下就知道了。

如果不排序，

10
3 10 10 10 11 1 3 4 5 6
7
这组用例的结果会是 -4

而

10
3 10 10 10 1 11 3 4 5 6
7

这组用例的结果会是 -5

然后进行0-1背包的选择，这个就没什么好说的啦。

另外提供几组测试用例：

2

1 1

5

4

1

10

3

3

能够通过这些的话

我相信你应该能够AC啦！

继续加油刷DP