hdu3530(最长连续子串+单调队列)

Subsequence

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 3634    Accepted Submission(s): 1181

Problem Description

There is a sequence of integers. Your task is to find the longest subsequence that satisfies the following condition: the difference between the maximum element and the minimum element of the subsequence is no smaller than m and no larger than k.

 

Input

There are multiple test cases.
For each test case, the first line has three integers, n, m and k. n is the length of the sequence and is in the range [1, 100000]. m and k are in the range [0, 1000000]. The second line has n integers, which are all in the range [0, 1000000].
Proceed to the end of file.

 

Output

For each test case, print the length of the subsequence on a single line.

 

Sample Input

5 0 0 1 1 1 1 1 5 0 3 1 2 3 4 5

 

Sample Output

5 4

 

Source

2010 ACM-ICPC Multi-University Training Contest（10）——Host by HEU

 

Recommend

zhengfeng

 

本题要求这样的一个最长连续子串，满足m<=Max-Min<=k。

本题一个容易想到的方法就是暴力枚举，依次扩大区间维护区间最大值与最小值，更新满足条件的len，但此方法的时间复杂度为O(N^2)，在n=100000时肯定超时，此法不通。

 刚刚学习了单调队列，此题可以用单调队列降低时间复杂度。

以下引自《用单调性优化动态规划》（未读完）

什么是单调（双端）队列

单调队列，顾名思义，就是一个元素单调的队列，那么就能保证队首的元素是最小（最大）的，从而满足动态规划的最优性问题的需求。

单调队列，又名双端队列。双端队列，就是说它不同于一般的队列只能在队首删除、队尾插入，它能够在队首、队尾同时进行删除。

本题可以维护两个单调队列，一个单增，一个单减，前者对头即为最小值，后者对头则为最大值，循环n-1次插入所给序列。对于序列中每个具体元素，它分别入两个单调队列，前者存放比它大（包括自己）的元素，后者存放比它小（包括自己）的元素，不多不少正好包含某个连续区间的所有元素一次（自己除外）；插入该元素后就的判断是否当前区间满足m<=Max-Min<=k，若Max-Min>k,区间左端点得向后滑动一个长度；否则继续判断Max-Min>=m,若满足，更新区间长度…这样一来，总的时间复杂度降到了O(N*log（N）)。

 

#include
#include
using namespace std;

const int MAXN=100000+10;
int da[MAXN],Inc[MAXN],Dec[MAXN];
int n,m,k,front1,rear1,front2,rear2;

int Queue()
{
	front1=0,rear1=-1,front2=0,rear2=-1;
	int i,ans=0,start=0;
	for(i=0;i=da[i])//保证inc队列在start-i区间内的递增
			rear2--;
		Inc[++rear2]=i;

		while(da[Dec[front1]]-da[Inc[front2]]>k)
		{
			//保证区间左端点向后滑动一个长度
			if(Dec[front1]-Inc[front2]<0)
			{
				start=Dec[front1]+1;
				front1++;
			}
			else
			{
				start=Inc[front2]+1;
				front2++;
			}
		}

		//满足m<=Max-Min<=k
		if(da[Dec[front1]]-da[Inc[front2]]>=m)
		{
			if(i-start+1>ans)
				ans=i-start+1;
		}
	}
	return ans;
}


int main()
{
	int i,ans;
	while(~scanf("%d%d%d",&n,&m,&k))
	{
		for(i=0;i