一直TLE的原因竟然是数组开太大了导致\(memset\)清空耗时超限，亏我还调了1天啊(T^T)
题目大意
给定一颗树，每个节点都有一个颜色，要求多次询问某个节点\(x\)的子树中深度不超过\(d\)的节点中，有多少种不同的颜色，强制在线。
概述
首先，我们可以考虑两个相同颜色的节点对答案的贡献。
很显然，他对他们自己所有的祖先的答案贡献都为\(1\)，在他们\(lca\)及以上的地方被重复计算了一次，所以说都需要减去\(1\);
然后考虑对于相同颜色的节点，对相同颜色节点的\(dfs\)序维护一个set，每一次去寻找他的前趋与后继，进行我们刚刚抽离出来讨论的操作，这样的话就可以很好的解决这个问题。
那应该怎么维护呢？很显然，如果没有距离限制，在每个结点处维护一颗线段树足矣。如果有距离限制，受『谈笑风生』一题的启发，我们可以以深度来维护一颗主席树，这只需要我们在进行上一段讨论的操作时按照深度顺序进行操作，对原操作是毫无影响的。
具体见代码，常数略大：
#include
using namespace std;
const int maxn=1e5+10;
struct cc{
int to,nex;
}e[maxn*2];
int head[maxn],tot;
int a[maxn],b[maxn];
int ls[maxn*50],rs[maxn*50],sum[maxn*50],cnt,rt[maxn];
inline int read()
{
int ret=0,f=1; char gc=getchar();
while(gc<'0'||gc>'9') {if(gc=='-')f=-f; gc=getchar();}
while(gc>='0'&&gc<='9') ret=ret*10+gc-'0',gc=getchar();
return ret*f;
}
void update(int &u,int pos,int l,int r,int t,int num)
{
u=++tot;
sum[u]=sum[pos]+num,rs[u]=rs[pos],ls[u]=ls[pos];
if(l==r) return ;
int mid=(l+r)>>1;
if(t<=mid) update(ls[u],ls[pos],l,mid,t,num);
else update(rs[u],rs[pos],mid+1,r,t,num);
}
int query(int ll,int rr,int l,int r,int u)
{
if((ll<=l&&r<=rr)||(!u)) return sum[u];
int mid=(l+r)>>1;
if (rr<=mid) return query(ll,rr,l,mid,ls[u]);
if(ll>mid)return query(ll,rr,mid+1,r,rs[u]);
return query(ll,rr,l,mid,ls[u])+query(ll,rr,mid+1,r,rs[u]);
}
void add(int u,int v)
{
++cnt;
e[cnt].to=v;
e[cnt].nex=head[u];
head[u]=cnt;
}
int fa[maxn][19],col[maxn],dep[maxn],low[maxn],dfn[maxn],tim,id[maxn],p[maxn],lg[maxn];
int n,m;
bool cmp(int x,int y)
{
return dep[x]=0;--i)
if(dep[fa[x][i]]>=dep[y])
x=fa[x][i];
if(x==y) return x;
for(int i=lg[dep[x]];i>=0;--i)
if(fa[x][i]!=fa[y][i])
x=fa[x][i],y=fa[y][i];
return fa[x][0];
}
set g[maxn];
void init()
{
memset(fa,0,sizeof fa);
tim=cnt=tot=0;
memset(head,-1,sizeof head);
memset(rt,0,sizeof rt);
}
set::iterator it;
int main()
{
int T;
T=read();
for(int _=1;_<=T;++_)
{
int aa,bb;
init();
n=read(),m=read();
for(int i=1;i<=n;++i) col[i]=read(),id[i]=i,g[i].clear(),lg[i]=lg[i>>1]+1;
for(int i=2;i<=n;++i) fa[i][0]=read(),add(fa[i][0],i);
dep[1]=1,dfs(1);
for(int j=1;j<=18;++j)
for(int i=1;i<=n;++i)
fa[i][j]=fa[fa[i][j-1]][j-1];
sort(id+1,id+n+1,cmp);
for(int i=1;i<=n;++i)
{
int now=id[i];aa=bb=0;
it=g[col[now]].lower_bound(dfn[now]);
update(rt[dep[now]],rt[dep[id[i-1]]],1,n,dfn[now],1);
if(it!=g[col[now]].end())
bb=p[(*it)],update(rt[dep[now]],rt[dep[now]],1,n,dfn[lca(now,bb)],-1);
if(it!=g[col[now]].begin())
--it,aa=p[(*it)],update(rt[dep[now]],rt[dep[now]],1,n,dfn[lca(now,aa)],-1);
if(aa&&bb) update(rt[dep[now]],rt[dep[now]],1,n,dfn[lca(aa,bb)],1);
g[col[now]].insert(dfn[now]);
}
int lst=0;
for(int i=1;i<=m;++i)
{
aa=read(),bb=read();
aa^=lst,bb^=lst;
lst=query(dfn[aa],low[aa],1,n,rt[min(dep[aa]+bb,dep[id[n]])]);
printf("%d\n",lst);
}
}
return 0;
}