FZU 1015 土地划分

用线段划分平面(实质线段相交问题)

原题链接:http://acm.fzu.edu.cn/problem.php?pid=1015

来源:CSUST组织的多校联合组队赛第一场D题列强瓜分。2012年8月5日12:00到17:00

 Problem 1015 土地划分

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 Problem Description

在Dukeswood这块土地上生活着一个富有的农庄主和他的几个孩子。在他临终时,他想把他的土地分给他的孩子。他有许多农场,每个农场都是一块矩形土地。他在农场地图上划上一些直线将矩形分成若干块。当他划直线时,他总是从矩形边界上的某一点划到另一个矩形边界上的点,这条线的结束点将成为下一条线的起始点。他划线时从不会让任三线共点。例如图1是某一种划分结果。

FZU 1015 土地划分_第1张图片
图1

划分的起始点和结束点均以五角星标记。当他完成划分后,他想要数一下划出的土地的块数以确保每个孩子都有一块地。例如,图1中土地被划分成18块。然而这个庄主由于年迈常会数错,因而他寻求你的帮助。

请写一个程序,输入原来的土地尺寸及线段的位置,输出划分出的土地块数。

 Input

输入文件有多组数据组成。每组数据格式如下:
第一行输入地图的宽度w (1<=w<=1000)和高度 h (1<=h<=1000),均为整数。
第二行输入线段数L (1<=L<=50)。
以下L+1行每行一个整数坐标(Xi,Yi),庄主划的线段为(Xi,Yi)-(Xi+1,Yi+1),i=1,2,…,L。当然(Xi,Yi)必定在矩形的边界上。
最后一组数据w=h=0,标志文件结束,不需要处理。

 Output

对于给定的输入,输出一行仅含一个数,即划分出的土地块数。

 Sample Input

18 1282 06 1210 018 915 120 614 010 120 97 662 05 67 30 33 03 60 50 0

 Sample Output

18
11

//思路:最终的结果ans=L+dot+1     L 表示给出的线段数、dot代表点的数目

/*(因为开始的3个点,会把平面分成3个面且中间无交点,后来从第四个点,

  也就是第三条线开始每出现一个点,就会多出一个平面,但是多了一条线同样也会多出一个平面

  所以最终的结果就是求所以的点的个数,包括端点和交点 

  注意:起点和终点重合问题。(重合一次就多算一个点,但是在程序中算在交点中了,所以就不用再加了)

// 题目关键:求交点个数(即判断线段是否相交)利用跨立试验

            如果线段P1P2和直线Q1Q2相交,则P1P2跨立Q1Q2

即:( P1 - Q1 )×( Q2 - Q1 )*( Q2 - Q1 )×( P2 - Q1 )>=0

有关跨立实验详解,见我的另外一篇博客:http://blog.csdn.net/cfreezhan/article/details/7894751

*///   

// AC 0ms 192kb (by C++ on FZU 1015)
#include<stdio.h>
int main()
{
	int w,h,l;
	int x[55],y[55];
	int i;
	int ans;
	while(scanf("%d%d",&w,&h)!=EOF && w!=0 && h!=0)
	{
		ans=3;                   //开始若有两条线则必定把矩形分成3块,且中间没有交点
		scanf("%d\n",&l);
		for(i=0;i<=l;i++)
			scanf("%d%d",&x[i],&y[i]);
		if(l<3)                       //当矩形中的线段小于三条时,分得的面积,就是线段数加上1;
		{
			ans=l+1;
			printf("%d\n",ans);
			continue;
		}
		else 
		{
			for(i=3;i<=l;i++)     //当矩形中的线段大于三条时,没多出一条线,就会多出一个面,然后多出的这条线与前面所有的线像比,若多出一个交点则,多出一个面
			{
				ans++;
				int k=i-2;
				while(k>0)    //跨立试验,利用叉积判断是否相交 (网上N多代码都判断了两次,貌似只用判断一次就行了,因为不会出现跨立不相交的情况)
				{
					int s1=(x[i-1]-x[k-1])*(y[k]-y[k-1])-(y[i-1]-y[k-1])*(x[k]-x[k-1]);
					int s2=(x[k]-x[k-1])*(y[i]-y[k-1])-(y[k]-y[k-1])*(x[i]-x[k-1]);
					if(s1*s2>0)
						ans++;
					k--;
				}
			}
		}
		printf("%d\n",ans);
	}
	
	return 0;
}





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