非常神的题,与标题没有任何关系。。
用可持久化线段树优化网络流(最小割)。
先说一下最小割:
当v向u连一条流量为w的边,如果uv同属于S集或T集,或者u属于S集v属于T集,就不会产生代价。
如果u属于T集,v属于S集,就会产生w的代价。
这道题是用所有wi,bi的和减去最小割。
那么S向i点连流量为bi的边,i点向T连流量为wi的边;如果i属于S集,则他被染成黑色,反之是白色。
那么奇怪的方格怎么处理?
新建一个点i',i向i'连流量为pi的边;那么当i属于S集,i'属于T集,就会产生pi的代价。
因此i'向所有(j<i,li<=ai<=ri)的j点连流量为inf的边,此时就满足奇怪的方格了。
可是这样连边,边数是O(n^2)的。一般网络流最多能跑10w条边,所以进行优化。
先忽略奇怪的格子要满足j<i的条件,那么题目就变成了对权值在一段区间的点连边,所以我们可以离散化之后建一棵权值线段树!
那么现在的i'不是直接连向j了,现在变成了 i'-->线段树的一段区间-->区间中的所有j。
然后再考虑j<i的条件,我们可以建可持久化线段树,每一次先连边,再把当前点插入线段树即可。
对于可持久化线段树的连边,当前是第i个数插入,那么新建的所有点都向i连inf的边,因为所有新建的点都包含i;
并且所有新建的点要向第i-1个数的对应点连inf的边,因为他是可持久化的,于是边就连好了。
现在边数就变成O(nlogn)的了~
#include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cmath> #include <algorithm> #include <vector> #define pb push_back #define inf 0x3f3f3f3f #define M 500005 #define N 5005 #include <queue> using namespace std; int z,n,d[M],cur[M],h[M],v[M],g[N],r[N],a[N],s,t,ans,l[N],size,cnt=0,tot=1,rt[N]; struct edge { int from,to,cap,flow,ne; }E[M]; struct segtree { int l,r; }T[M]; void Addedge(int from,int to,int cap) { E[++tot]=(edge){from,to,cap,0,h[from]}; h[from]=tot; E[++tot]=(edge){to,from,0,0,h[to]}; h[to]=tot; } int Hash(int x) { return lower_bound(g+1,g+1+size,x)-g; } void Add(int x,int lx,int rx,int l,int r,int k) { if (!x) return; if (lx>=l&&rx<=r) { Addedge(k,x,inf); return; } int m=(lx+rx)>>1; if (l<=m) Add(T[x].l,lx,m,l,r,k); if (r>m) Add(T[x].r,m+1,rx,l,r,k); } void Update(int u,int x) { int root=rt[u-1]; rt[u]=++cnt; int now=cnt; int l=1,r=size; while (1) { int m=(l+r)>>1; if (root) Addedge(now,root,inf); Addedge(now,u,inf); if (l==r) break; if (x<=m) { T[now].l=++cnt; T[now].r=T[root].r; root=T[root].l; now=cnt; r=m; } else { T[now].l=T[root].l; T[now].r=++cnt; root=T[root].r; now=cnt; l=m+1; } } } bool bfs() { memset(v,0,sizeof(v)); queue<int> Q; Q.push(s); d[s]=0,v[s]=1; while (!Q.empty()) { int x=Q.front(); Q.pop(); for (int i=h[x];i;i=E[i].ne) { edge e=E[i]; if (!v[e.to]&&e.cap>e.flow) { v[e.to]=1; d[e.to]=d[x]+1; Q.push(e.to); } } } return v[t]; } int dfs(int x,int a) { if (x==t||!a) return a; int flow=0,f; for (int &i=cur[x];i;i=E[i].ne) { edge &e=E[i]; if (d[x]+1!=d[e.to]) continue; f=dfs(e.to,min(a,e.cap-e.flow)); if (f>0) { e.flow+=f; E[i^1].flow-=f; flow+=f; a-=f; if (a==0) break; } } return flow; } int dinic() { int maxflow=0; while (bfs()) { for (int i=s;i<=cnt;i++) cur[i]=h[i]; maxflow+=dfs(s,inf); } return maxflow; } int main() { scanf("%d",&n); s=0,t=n+n+1; ans=0; for (int i=1;i<=n;i++) { int b,w,p; scanf("%d%d%d%d%d%d",&a[i],&b,&w,&l[i],&r[i],&p); g[i]=a[i]; ans=ans+b+w; Addedge(s,i,b); Addedge(i,t,w); Addedge(i,i+n,p); } sort(g+1,g+1+n); size=unique(g+1,g+1+n)-g-1; cnt=t; for (int i=1;i<=n;i++) { z=0; int le=Hash(l[i]),ri=upper_bound(g+1,g+1+size,r[i])-g-1,now=Hash(a[i]); Add(rt[i-1],1,size,le,ri,i+n); Update(i,now); } printf("%d\n",ans-dinic()); return 0; }
感悟:
1.一开始wa了几次:
在Add操作中要对于每一个新建点都向之前对应点连边,包括root;
lower_bound是找大于等于他的数第一个出现的位置,upper_bound是找一个数插入这个已排好序的数列的最后的可行位置
2.对于最小割,两点之间连边,满足一个(确定的)属于S,另一个属于T,就会产生为流量的代价