一个笼子里面关了若干只鸡和兔子(鸡有2只脚，兔子有4只脚，没有例外)。已经知道了笼子里面脚的总数a,则笼子里面至少有多少只动物，至多有多少只动物?nCases代表测试组数，nFeets代表每一组一共拥有的足数，然后分为三种情况：能被4整除，则也能被2整除，故最少是全为兔子/4，最多是全为鸡/2不能被4整除，能被2整除，则最多是只有一只鸡，其他全是兔子奇数情况，不成立#includeintmain(

DescriptionYouaregivenatreewithNnodes.Thetree’snodesarenumbered1throughNanditsedgesarenumbered1throughN−1.Eachedgeisassociatedwithaweight.Thenyouaretoexecuteaseriesofinstructionsonthetree.Theinstructi

题目地址：POJ3237这题用了一下午。。本来一直认为max和min两个数组是不用改的，只需要改lazy数组，然后在查询的时候利用lazy标记来返回max或-min，后来发现错的很严重。。

题目描述：这个题目非常简单啊，相信具有小学水平和加上会一门编程语言都可以accepted。下面给参考代码吧，其实不用参考了下面给一下结题思路：鸡有两只脚，兔子有四条腿。同样数目的鸡，脚的总数肯定比相同数目的兔子少。因此，在计算笼子里至多有多少只动物时，应该尽量把脚都看成鸡的脚，在计算笼子里至少有多少只动物时，应该尽量把脚看成兔子的脚。因此，沿此思路展开讨论，只需找到可能的组合，使得笼子里的鸡或者兔

给你由N个结点组成的树。树的节点被编号为1到N，边被编号为1到N-1。每一条边有一个权值。然后你要在树上执行一系列指令。指令可以是如下三种之一：CHANGEiv：将第i条边的权值改成v。NEGATEab：将点a到点b路径上所有边的权值变成其相反数。QUERYab：找出点a到点b路径上各边的最大权值。冲着树链剖分来的，结果发现自己太弱了操作二的标记不会打，YY了2个多小时才写完QAQ注意全部操作均为

[http://poj.org/problem?id=3237](题目链接)树链剖分模板题，然而这150+行的程序我调了一天，历经艰辛，终于ac。。题意：给出一个n个节点的带权树，要求维护操作：1.求出树上两点之间的边权的最大值；2.更改一条边上的权值；3.将树上两点之间的所有边权取各自的相反数。solution神奇的树链剖分+线段树维护查询和修改操作。树链剖分时，我们将每条边的权值转换为除树根外

#include#include#include#include#include#include#include#include#includeusingnamespacestd;constintmaxn=100010;structEdge{intto;intnext;}edge[maxn*2];inthead[maxn],tot;inttop[maxn];//top[v]表示v所在的重链的顶端节

又写了一遍poj3237，回顾了一下树链剖分思想。在我看来是精简了很多代码，但是代码行数不减反增。

【题目背景】给你一颗具有n个结点的树，结点编号为1到n且边的编号为1到n-1。每条边有一个边权。现要求模拟下列三种操作：1.CHANGEiv：修改第i条边的权值为v2.NEGATEab：把a点到b点之间路径的边权全部取反；3.QUERYab：询问a点到b点之间路径的最大边权；【输入格式】第一行为一个整数N(N#include#include#include#include#include#incl

题目描述传送门题解想了一节语文课。树链剖分模板题。但是这个是要修改边权，比修改点权麻烦一点。和修改点权一样，重儿子、父亲等东西都需要记录，不同的是需要再记录一下每个点到它重儿子的边的编号，以及每个点到它的父亲的边的编号。这样的话，我们在查询和修改的时候，大部分和修改点权一样，不同的是：如果u和v不在一条链上，f1为u所在的链上最顶端的点，f2为v所在的链上最顶端的点（假设f1深度大于f2），如果我

题目描述传送门题解想了一节语文课。树链剖分模板题。但是这个是要修改边权，比修改点权麻烦一点。和修改点权一样，重儿子、父亲等东西都需要记录，不同的是需要再记录一下每个点到它重儿子的边的编号，以及每个点到它的父亲的边的编号。这样的话，我们在查询和修改的时候，大部分和修改点权一样，不同的是：如果u和v不在一条链上，f1为u所在的链上最顶端的点，f2为v所在的链上最顶端的点（假设f1深度大于f2），如果我

树链剖分对于静态树的点权或边权的修改查询问题，都可以用轻重链剖分解决有关树上询问的问题可以参考Orz杨哲神犇模板题：POJ3237个人代码：#include #include #include #definelcosiz

传送门：点击打开链接题意：3种操作，1单点更新，2路径正负反转，3路径查询最大值思路：线段树维护最大值和最小值和一个懒惰标记，然后在线段树的基础上用树链剖分维护#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #in

  题目链接：http://poj.org/problem?id=3237 题目大意：指定一颗树上有3个操作： 1）询问操作,询问a点和b点之间的路径上最长的那条边的长度（即最大值）； 2）取反操作，将a点和b点之间的路径权值都取相反数； 3）变化操作，把某条边的权值变成指定的值。 分析：树链剖分，线段树维护好区间的最大最小值，方便取反操作更新。。。  

Description You are given a tree with N nodes. The tree’s nodes are numbered 1 through N and its edges are numbered 1 through N − 1. Each edge is associated with a weight. Then you are to execute a

POJ3237 Tree Time Limit: 5000MS   Memory Limit: 131072K Total Submissions: 

poj3237 Tree Time Limit: 5000MS   Memory Limit: 131072K Total Submissions

这题同样是要将边权下放到点 这题要注意的是negate询问，是将权值取反，因为是区间修改，要用到laze标记 但是要注意的是，如果有标记下放的时候，如果下边已经有标记了， 那么就是取反，再取反， 所以只要将标记去除就行了 就因为这个wa了好几发 同时，线段树也要维护一个最小值，因为取反之后，最小值就变成最大值了 1 #include <stdio.h> 2 #in

题目地址：POJ3237这题用了一下午。。本来一直认为max和min两个数组是不用改的，只需要改lazy数组，然后在查询的时候利用lazy标记来返回max或-min，后来发现错的很严重。。

题目链接：spoj375.Queryonatree题目大意：poj3237的简化版，用同一份代码都能过。解题思路：略。

比上一篇那题多了一种取相反数的操作，直接在那题代码上改了，这里线段树上的每个节点同时记录最大值和最小值，遇到相反操作则最大值的相反数变成最小值，最小值的相反数变成最大值，中间利用好lazy和pushdown，然后就差不多了。#include #include #include #include #definemaxn1edges; vectorg[11111]; intn,a,b,c,sz; in

   给一棵带权树，三种操作，查询x到y的的路径上最大的边权；修改第x条边的权值为y；取反x到y的路径上所有的边权。每次查询，求出lca,从x,y爬到lca点取最大值，修改直接改权值就行，取反同查询...一定是这题的数据太弱了...这么暴力的做法都给过......#include #include #include #include #include #include usingnamespace