stacking

UVA 103 Stacking Boxes --LIS

实际上是一个扩展维度的矩形嵌套问题。 一个物体能嵌入另一个物体中，当且仅当这个物体的所有维度的长度都小于另外一个（本题是小于等于），又因为可以旋转等变换，所以干脆将每个箱子的边从小到大排序，以便于判断是否能够嵌套。然后将箱子按第一维度从小到大排序，然后就是求一个“严格上升子序列”了。 代码： #include <iostream> #include <cstdio
·2015-11-11 16:22

UVa 437 - The Tower of Babylon

和之前的 Stacking Boxes 很像，但是这里求的是最大高度，并且盒子成了立体状，因此对每个盒子有三种不同的高度，分别为x, y, z，相当于增加两个盒子； 记忆化搜索。
·2015-11-11 12:42

UVa 103 - Stacking Boxes

DAG上的动态规划，需要注意最后要打印起点到终点的一条路，因此状态d[i]定义为从 i 出发的最长路的距离。 UVa今天这是怎么了，两道题都是将近5min才出结果。 1 # include <stdio.h> 2 # include <string.h> 3 # include <stdlib.h> 4 5 # define MAXD 11 6 # d
·2015-11-11 12:28

uva 103 - Stacking Boxes

http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&category=114&page=show_problem&problem=39   题目读了好久总算看懂了，具有n维属性的箱子a和b，如果a fits b 仅当存在a的属性排列，使与b对应 的属性满足q(a)&
·2015-11-11 05:39

poj2194Stacking Cylinders

链接 可以根据反余弦和反正切算出角a和b的值， 然后向量旋转就可以了，图中的状态旋转rotate（(2,0),a+b)  反状态把角度反过来，点取(-2,0)即可。 不知道是不是理解错了，题意写着两圆距离》2，《3.4，在求得时候就加了特判，一直WA。。。去了特判就过了。 为了提高精度，可以全化为atan2. 1 #include <iostream>
·2015-11-11 05:17

UVA 103 Stacking Boxes n维最长上升子序列

题目链接：UVA - 103 题意：现有k个箱子，每个箱子可以用n维向量表示。如果一个箱子的n维向量均比另一个箱子的n维向量大，那么它们可以套接在一起，每个箱子的n维向量可以互相交换值，如箱子（2，6）可以和箱子（7，3）套接在一起。求出套接的箱子最多的个数前提下任意一种解决方案。 算法：抛开n维不看，本题就是一个DP的最长上升子序列问题，现在加上了n维的限制，想想也不是很难吧，在DP过程中判
·2015-11-11 03:42

Uva - 103 - Stacking Boxes

题意：有k个n维的东东，对于其中的两个，如果其中的一个东东的每一维都大于另一个东东的其中一维，那么就说可以嵌套它，求这k个东东互相嵌套的最长路径。 题目链接：http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&category=114&prob
·2015-11-11 00:04

zoj 1083 Frame Stacking

其实就是一个拓补排序。（动态记录第i个之上的j存不存在，反过来就是第j个之下的i） 首先确立每个框的位置（题目明确说了每一边都不会被完全覆盖）。/*可以通过搜索，搜索到该框的所有四个角*/||如果题目要求在严格一点，这个题目难度几何增加，在一定范围内是可算顺序的。 检查边框的位置如果不是原来的字母，则说明原来的字母被现在的字母覆盖，得到一个局部大小关系（计算第j个下i的数量，0的话就确定下来这
·2015-11-10 23:02

POJ 1988 Cube Stacking

题意：有n个方块栈，一开始每个栈里只有一个方块，方块编号为栈编号，两种操作，一种是把方块a所在的栈全放在方块b所在的栈上面，另一种要求输出方块a的下面有多少个方块。 解法：并查集。用数组size[i]维护以i为根的集合大小，数组ans[i]维护方块i下面有多少方块，那么当两个栈合并时，栈a的底的ans即为栈b的size，而两个栈合并后根还是栈b的栈底，所以栈b的size+=栈a的size；当查询一
露儿大人·2015-11-10 20:00

并查集+路径压缩(poj1988)

id=1988 Cube Stacking Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 30000K Total Submissions
·2015-11-08 14:34

acm动态规划之最长路问题---UVA103stocking boxes做题报告

  UVA103Stacking Boxes 在这个问题中，你要分析一组n维盒子的某个性质。
·2015-11-08 10:10

uva 103 Stacking Boxes

DP经典题目 题意还是比较好懂就是矩形嵌套，不过这个矩阵是m维的，而且嵌套要严格大于。 输入n和m，表示有n个维数为m的超立方体。下面n行每行m个数字，是每个超立方体的信息，即每个维的大小 超立方体的信息可以调整，判断一个超立方体a能不能套住超立方体b是看调整之后能不能 好像（2，6）和（7，3），可以调整为（2,6），（3,7），那么显然（3,7）是能套住（2,6）的 另外能不能套住，
·2015-11-07 13:43

POJ 1988【并查集+记录个数】

题目：Cube Stacking 题意： 有N个cube，编号1－N，有两种操作: 操作1: M x y 把含有cube的堆堆放在含有y的堆的上面。
·2015-11-03 22:00

记录元素层叠级别及z-index剖析思路

FF z-index: 用来确定定位元素在垂直于显示屏方向（以下称为Z轴）上的层叠顺序 值：　　　auto | 整数 | inherit默认：　　auto适用于：　定位元素继承性：　no 理解stacking
·2015-11-02 18:39

POJ1988 Cube Stacking——并查集——Pku1988

比较巧妙的并查集，考察对并查集的引申应用。维护三个数组： a[i]表示i到pre[i]中间有方块的个数 pre[i]表示i所在集合编号，即根 c[i]表示以i为标志的集合中元素个数，只有当pre[i]=i的时候c[i]才有意义 合并时，只需进行如下操作： 1、对读入的x、y分别进行路径压缩，直到找到真根为止 2、合并x、y两个集合，主要步骤如下：    
·2015-11-02 17:08

POJ 1988 Cube Stacking

Cube Stacking Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 30000K Total Submissions: 14175  
·2015-11-02 17:17

LA 3027 Corporative Network

这题感觉和 POJ 1988 Cube Stacking 很像，在路径压缩的同时递归出来的时候跟新distant数组  我发现我一直WA的原因是，命令结束是以字母o结束的，而不是数字
·2015-11-02 11:35

POJ 1988 Cube Stacking

题意：有编号为1~N的N个小木块，有两种操作 M x y 将木块x所在的堆放到木块y所在的堆的上面 C x 询问木块x下面有多少块木块 代码巧妙就巧妙在GetParent函数中在进行路径压缩的同时，也计算好了该木块对应的under值 这个需要好好体会   1 //#define LOCAL 2 #include <iostream>
·2015-11-02 11:33

[论文]Clustering-Based Ensembles as an Alternative to Stacking

Clustering-Based Ensembles as an Alternative to Stacking 作者：Anna Jurek, Yaxin Bi, Shengli Wu, and
·2015-11-01 14:06

POJ1988 Cube Stacking (！hard）

 Description Farmer John and Betsy are playing a game with N (1 <= N <= 30,000)identical cubes labeled 1 through N. They start with N stacks, each containing a single cube. Farme
·2015-10-31 16:00

poj 1988 Cube Stacking （并查集）

#include<stdio.h> const int MAX=31000; int parent[MAX]; int sum[MAX]; //sum[i]表示砖块i所在的堆的砖块数目 int under[MAX]; //under[i]表水砖块i下面有多少砖块 //int t; int GetParent(int a) {//获得a的根，并把a的父节点改为根
·2015-10-31 11:00

POJ 1988 Cube Stacking（并查集）

Cube Stacking Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 30000K Total Submissions: 
·2015-10-31 11:46

poj 1988

Cube Stacking Time Limit: 2000MS Memory Limit: 30000K Total Submissions: 11443
·2015-10-31 10:12

Frame Stacking 框架堆叠

/* 【题目来源】http://acm.whu.edu.cn/land/problem/detail?problem_id=1110 【题目分析】 几张图片叠在一起，给出堆叠后的情况，要求出所有可能的从下到上的堆叠顺序。 【思路分析】 1.题目已经很明确的告诉每个边框的每条边，至少会有一个字母露在外面 所以遍历整张图，确定每个边框的范围。 只需确定左上角和右下角即可。 2.
·2015-10-31 10:35

ZOJ 1083 Frame Stacking

Frame Stacking Time Limit: 2 Seconds Memory Limit: 65536 KB Consider the following 5 picture
·2015-10-30 13:01

UVA 103 Stacking Boxes

UVA_103     首先我们应该对坐标内部排序，之后一个直观的想法就是扫描一遍所有盒子，如果i可以放到j内，就连一条i->j的有向边，然后求dfs树形图的最深层数即可。     另外，我们也可以对盒子按第一个坐标进行排序，然后去求最长上升子序列。 #include<stdio.h>#include<string.h>
·2015-10-30 13:54

关于VLAN的概念

VLAN是以太网技术里面比较基本的概念，基于Stacking VLAN的VLAN划分对用户唯一性识别具有重要的作用，在FTTx技术的资源管理中被重新关注，下面是关于VLAN的概念：   &
·2015-10-30 12:56

pku 1988 poj Cube Stacking 并查集

两种操作，叠立方体，数某个立方体下面有几个立方体；操作次数很多，采用并查集实现 其中above[i]表示在 i 上面的立方体个数 sum[i]表示根节点i下面的立方体个数，包括i 所以x下面的立方体个数就等于x的根节点下面的总的立方体个数减去x上面的立方体个数 （直接记录x的下面的立方体个数貌似有难度） View Code #include<stdio.h>#inc
·2015-10-30 10:39

关于z-index的总结

层叠上下文（The stacking context）中的z-index 先看下面的关系图： &nb
·2015-10-30 10:29

SEO作弊：关键词叠加

关键词叠加，英文：Keyword stacking 指为了增加关键词密度，在网页上大量重复关键词的行为。
·2015-10-23 08:49

poj-1988 Cube Stacking **

1 /* 2 * poj-1988 Cube Stacking.cpp 3 * 4 * Created on: 2012-2-12 5 * Author: LongDou 6 *
·2015-10-21 12:05

POJ 1128 Frame Stacking（拓扑排序+DFS）

传送门：http://poj.org/problem?id=1128这题是poj2585加强版，那题是固定图案，而这题是只给你图，求顺序，乍看这题挺难的，但是用2585的思路来处理，两题其实没有什么不同，同样对于每个覆盖的点进行建图，然后建立完一个有向图之后拓扑排序。这题的重点就是如何确定一个矩阵的位置，我用了map来记录当前字母的左上角坐标与右下角坐标，那么就能迅速知道每个字母分别覆盖了那些位置
xtttgo·2015-10-19 19:00

POJ 1988 Cube Stacking(带权并查集)

思路:就是带权并查集的模板.#include #include #include #include #include #include #include #include #definelllonglong #defineinf0x3f3f3f3f usingnamespacestd; intf[1000000],Rank[1000000],num[1000000]; intfi(intr) {
Grit_ICPC·2015-10-07 11:00

[POJ 1988]Cube Stacking[带权并查集]

题目链接：[POJ1988]CubeStacking[带权并查集]题意分析：FJ和B在拿一些方块堆玩游戏。初始时总共有3e4个方块堆，每个堆上一个方块。现在有两种操作。操作M将含有x的方块堆，移到含有y的方块堆上。操作C将统计方块x的下方有多少个方块。解题思路：设置三个数组，一个是方块所在的堆块的数组p[i]，还有一个是方块到其父亲节点距离的dis[]数组，最后一个是方块所在堆的大小数组num[]
CatGlory·2015-09-08 19:00

POJ 1988 Cube Stacking（带权的并查集）

题目链接：http://poj.org/problem?id=1988解题思路：有很多个stack，一开始每个stack里面都有一个cube。然后支持两种操作：1.movexy：将x所在的stack移动到y所在stack的顶部；2.countx：查询在x所在stack中，在x之下的cube的个数。算法思想：带权的并查集。设两个权值cnt[x]，dis[x]分别代表以x为根结点的堆的碟子的个数和值为
piaocoder·2015-08-24 22:00

Cube Stacking 1988 （并查集 好题）

CubeStackingTimeLimit:2000MS MemoryLimit:30000KTotalSubmissions:21402 Accepted:7492CaseTimeLimit:1000MSDescriptionFarmerJohnandBetsyareplayingagamewithN(1#include #include #include inta[30110]; in
yanghui07216·2015-08-24 11:00

POJ 1988 Cube Stacking（并查集+路径压缩）

题目链接：POJ1988CubeStacking并查集的题目【题目大意】有n个元素，开始每个元素自己一栈，有两种操作，将含有元素x的栈放在含有y的栈的顶端，合并为一个栈。第二种操作是询问含有x元素下面有多少个元素。用sum数组储存每个栈中的元素个数，每次合并的时候将sum加到父亲节点，也就是每个栈的最底部。用under数组储存当前节点下面有多少元素。每次合并的时候，就可以将顶端元素的under赋值
chaiwenjun000·2015-08-22 19:00

Cube Stacking

CubeStackingTimeLimit:2000MSMemoryLimit:30000KTotalSubmissions:21350Accepted:7470CaseTimeLimit:1000MSDescriptionFarmerJohnandBetsyareplayingagamewithN(1 #include #include #include #include #defineLLlo
huayunhualuo·2015-08-16 15:00

POJ 1988 Cube Stacking

POJ1988CubeStackingDescriptionFarmerJohnandBetsyareplayingagamewithN(1 #include #include #defineN30003 usingnamespacestd; intu[N],top[N],cnt[N],n; voidinit() { for(inti=0;i>ch; if(ch=='M') { cin>>a>>
qq_21120027·2015-08-15 22:00

POJ - 1988 - Cube Stacking

POJ-1988-CubeStackingTimeLimit:2000MS     MemoryLimit:30000K     CaseTimeLimit:1000MSDescriptionFarmerJohnandBetsyareplayingagamewithN(1 #include #include #defineMAXN30005 usingnamespacestd; intu[MAX
violet_echo_0908·2015-08-11 13:00

浅谈deep stacking network --- 一种比较实用的deep learning算法

原地址：http://www.dataguru.cn/article-3361-1.html摘要:deepstackingnetwork是LiDeng提出的一种判别模型。现在的应用主要在于CTRIR和语言以及图像的分类和回归。分享一下组会的讲稿。附组会的ppthttp://vdisk.weibo.com/s/zfic-IP2yagqu涉及到的原论文大概10几篇，我打印出来看的，有人需要的话我回去好
t0903·2015-06-08 16:00

UVA - 103 - Stacking Boxes （动态规划）

UVA-103StackingBoxesTimeLimit: 3000MS MemoryLimit: Unknown 64bitIOFormat: %lld&%lluSubmit StatusDescriptionBackgroundSomeconceptsinMathematicsandComputerSciencearesimpleinoneortwodimensionsbutbecomemo
u014355480·2015-03-31 23:00

uva 103 Stacking Boxes

DAG最长路算法刚开始没有想到的是如何保存路径，自己想了用两个数组记录，想想就觉得比较麻烦，所以放弃了。最后看了其他人的代码由一个数组记录，每个数组的元素记录下一个的下标。#include #include #include #include #include usingnamespacestd; intn,k,v[35][15],next[35],d[35]; intdp(inti) { i
xinag578·2015-02-22 19:00

UVa 103 Stacking Boxes

BackgroundSomeconceptsinMathematicsandComputerSciencearesimpleinoneortwodimensionsbutbecomemorecomplexwhenextendedtoarbitrarydimensions.Considersolvingdifferentialequationsinseveraldimensionsandanalyz
jtjy568805874·2015-02-17 20:00

highcharts柱状图（堆叠图与多个柱图）、条形图（堆叠图与多组条形）

利用highcharts的series:{        stacking:'normal'      }进行区分。
q39223072·2014-11-25 15:20

highcharts柱状图（堆叠图与多个柱图）、条形图（堆叠图与多组条形）

利用highcharts的series:{stacking:'normal'}进行区分。
q39223072·2014-11-25 15:20

UVA - 103 Stacking Boxes

题目大意：有n个w维立体，输出立体互相嵌套的层数的最大值，并输出嵌套方式，可嵌套的要求是外层立体的  w条边可以分别对应大于内层立体解题思路：可以将每个立体的w边安照从小到大排序，比较的时候逐一比较就可以判断出可否嵌套，然后就是纯DAG问题了#include #include usingnamespacestd; intn,w; structBox{ intDime[15]; intorder;
kl28978113·2014-11-20 19:00

UVA 103 Stacking Boxes （DAG上的动态规划）

题目意思：给定n个k维的盒子，问我们能够嵌套的盒子最多有几个，输出个数和嵌套的盒子的编号。解题思路：1.先将盒子的每个边从小到大进行排序2.建图，如果一个箱子比另一个箱子小，该边就标记为13.dp求出每点最长的升序的长度4.取出最长dp数组，输出他的升序序列#include #include #include usingnamespacestd; constintN=30; structBox{
HelloWorld10086·2014-10-27 23:00

POJ 1988 Cube Stacking (种类并查集)

题目地址：POJ1988   这道题的查找合并的方法都能想的到，就是一点没想到，我一直天真的以为查询的时候，输入后能马上输出，这样的话在合并的时候就要所有的结点值都要算出来，但是经过路径压缩之后，没办法全部都处理到，如果不压缩妥妥的TLE。。于是看了看网上的题解。才发现自己是多么的天真（ben，四声）。。在查询的时候只要找一次跟就可以了。。这样不需查询的也就没必要处理出来。反而更省时。    这题
u013013910·2014-10-01 21:00

POJ 1988 Cube Stacking

题目来源:http://poj.org/problem?id=1988CubeStackingTimeLimit: 2000MS MemoryLimit: 30000KTotalSubmissions: 19173 Accepted: 6693CaseTimeLimit: 1000MSDescriptionFarmerJohnandBetsyareplayingagamewithN(1 const
u012560612·2014-09-05 11:00
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