套利

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前言

本题只有一个点，\(DFS\)应该会被\(T\)飞（我的\(dfs\)死得惨，但不排除能过）

正解：最长路判环（推荐\(SPFA\)）

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分析

本题可以算是洛谷绿题中蛮简单的那种了（大概也就黄题？）

• 题目条件&我们的任务：

1. 给出\(N\)个货币汇兑点

2. 再给出\(M\)对汇率关系

3. 要求判断从一个汇兑点开始兑换货币，当回到最初汇兑点时是否赚钱了（也可能回不到起点）

结合生活实际很好理解，我们就直接来分析什么情况是\(Yes\)，什么情况是\(No\)

很显然，如果存在一个从起点开始的环且第二次到达起点时钱变多了，就是\(Yes\)

反之，上述两个条件任意一个不满足则是\(No\)

• 为什么一定要用最长路？

现实生活中，你肯定希望所有兑换结束后你手里的钱最多啊（不管是亏还是赚），而且有可能当前汇兑点对应多个其他汇兑点，所以采用最长路

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代码

因为本来就简单，所以不多说了，直接上\(Code\)

（PS：建议将\(memset\)清空换为\(for\)循环清空，这样可以快一点qwq）

#include 
using namespace std;
bool flag;
string s,ss;

double c,dis[520010];
int num[520010],vis[520010];
int n,m,cnt,tot,now,head[520010];

struct node {
	int to,net;
	double val;
} e[520010];

inline void add(int u,int v,double w) {
	e[++tot].to=v;
	e[tot].val=w;
	e[tot].net=head[u];
	head[u]=tot;
}

inline bool spfa(int ns) {
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	memset(dis,0.0,sizeof(dis));
	memset(num,0,sizeof(num));
	dis[ns]=1.0;
	queue q;
	q.push(ns);
	vis[ns]=1;
	num[ns]=1;
	while(!q.empty()) {
		int x=q.front();
		q.pop();
		vis[x]=0;
		for(register int i=head[x];i;i=e[i].net) {
			int v=e[i].to;
			if(dis[v] name;
		memset(head,0,sizeof(head));
		for(register int i=1;i<=n;i++) {
			cin>>s;
			name[s]=++cnt;
		}
		scanf("%d",&m);
		for(register int i=1;i<=m;i++) {
			cin>>s>>c>>ss;
			add(name[s],name[ss],c);
		}
		printf("Case %d: ",now);
		for(register int i=1;i<=cnt;i++) {
			if(spfa(i)==true&&dis[i]>1.0) {
				puts("Yes");
				flag=true;
				break;
			}
		}
		if(flag==false) puts("No");
	}
	return 0;
} 

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