CodeForces - 1260F Colored Tree(树链剖分 + 组合计数 + 树状数组)

CodeForces - 1260F Colored Tree(树链剖分 + 组合计数 + 树状数组)_第1张图片
CodeForces - 1260F Colored Tree(树链剖分 + 组合计数 + 树状数组)_第2张图片

题意

给你一棵n个节点的树,每个节点都有一个颜色。这棵树的权值定义为,任意两个相同颜色的点之间的路径长度之和。但是,这棵树的每个点的颜色是不确定的,你只知道节点 i i i的颜色属于某一个区间 [ l i , r i ] [l_i,r_i] [li,ri],于是这棵树总共就有 ∏ 1 ≤ i ≤ n ( r i − l i + 1 ) \prod_{1\le i \le n}(r_i-l_i+1) 1in(rili+1)种可能。你需要求这么多种可能情况下的树的权值和。

做法

考虑枚举每一种颜色 c c c,然后考虑维护颜色为 c c c的点,由于每个点的颜色是一个区间,所以很容易维护。

考虑计算两个颜色相同点 i i i j j j的贡献 w = d i s ( i , j ) ∗ ∏ k = 1 , k ≠ i , k ≠ j n ( r k − l k + 1 ) w=dis(i,j)*\prod_{k=1,k\ne i,k\ne j}^{n}(r_k-l_k+1) w=dis(i,j)k=1,k=i,k=jn(rklk+1),我们不妨设:
P = ∏ i = 1 n ( r i − l i + 1 ) ,    g i = r i − l i + 1 P=\prod_{i=1}^{n}(r_i-l_i+1),\ \ g_i=r_i-l_i+1 P=i=1n(rili+1),  gi=rili+1
于是,有
w = d i s ( i , j ) ∗ P g i ∗ g j = ( d e p [ i ] + d e p [ j ] − 2 ∗ d e p [ l c a ] ) ∗ P g i ∗ g j \begin{aligned} w&=dis(i,j)*\frac{P}{g_i*g_j}\\ &=(dep[i]+dep[j]-2*dep[lca])*\frac{P}{g_i*g_j} \end{aligned} w=dis(i,j)gigjP=(dep[i]+dep[j]2dep[lca])gigjP
我们考虑所有的点,对于一个颜色 c c c,如果点 i i i颜色也为 c c c那么, V [ i ] = 1 V[i]=1 V[i]=1否则 V [ i ] = 0 V[i]=0 V[i]=0,那么最后的答案可以等于
a n s = P ∗ ∑ i < j , V [ i ] , V [ j ] n ( d e p [ i ] g i ∗ g j + d e p [ j ] g i ∗ g j − 2 ∗ d e p [ l c a ] g i ∗ g j ) = P ∗ ( ∑ i , V [ i ] n d e p [ i ] g i ∑ j , V [ j ] , i ≠ j n 1 g j − 2 ∗ ∑ i < j , V [ i ] , V [ j ] n d e p [ l c a ] g i ∗ g j ) \begin{aligned} ans&=P*\sum_{ians=Pi<j,V[i],V[j]n(gigjdep[i]+gigjdep[j]2gigjdep[lca])=P(i,V[i]ngidep[i]j,V[j],i=jngj12i<j,V[i],V[j]ngigjdep[lca])
对于前面那个东西,我们可以很容易的求出来,现在考虑如果求减号后面的东西。我们考虑把后面的东西拆成 d e p [ l c a ] g i ∗ 1 g j \frac{dep[lca]}{g_i}*\frac{1}{g_j} gidep[lca]gj1

对于一个新加入的点 j j j,我们先考虑它和之前加入的所有点的 l c a lca lca,我们用 1 g j \frac{1}{g_j} gj1乘上除了1以外从1到 x x x的所有点的权值和 s u m sum sum。根据上面拆成的公式, s u m sum sum应该等于 d e p [ l c a ] g i \frac{dep[lca]}{g_i} gidep[lca]的和。然后,我们再对从1到 j j j的所有点都加上 1 g j g j \frac{1}{g_j}{g_j} gj1gj。现在我们再回头看, s u m sum sum的数值恰好是我们想要的。

于是,我们只需要树链剖分一下,动态维护区间和即可。

#include
#define INF 0x3f3f3f3f
#define eps 1e-5
#define pi 3.141592653589793
#define LL long long
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define lb lower_bound
#define ub upper_bound
#define bug(x) cerr<<#x<<"      :   "<
#define sc(x) scanf("%d",&x)
#define scc(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
#define sccc(x,y,z) scanf("%d%d%d",&x,&y,&z)
using namespace std;

const int mod = 1e9 + 7;
const int N = 100010;

struct EX_BIT                                   //支持区间修改、区间查询的树状数组
{
    struct binaryIndexTree
    {
        int c[N];
        void init(){memset(c,0,sizeof(c));}
        void update(int x,int k){for(;x<N;c[x]=(c[x]+k)%mod,x+=x&-x);}
        int sum(int x){int ans=0;for(;x>0;ans=(ans+c[x])%mod,x-=x&-x);return ans;}
    } BIT1,BIT2;

    void init(){BIT1.init();BIT2.init();}
    int getsum(int l,int r){return (sum(r)-sum(l-1)+mod)%mod;}
    void update(int l,int r,int x){add(l,x);add(r+1,(mod-x)%mod);}
    int sum(int x){return ((LL)(x+1)*BIT1.sum(x)%mod-BIT2.sum(x)+mod)%mod;}
    void add(int x,int k){BIT1.update(x,k);BIT2.update(x,(LL)x*k%mod);}
} BIT;

inline LL qpow(LL x,LL n)
{
    LL res=1;
    while(n)
    {
        if (n&1) res=res*x%mod;
        x=x*x%mod; n>>=1;
    }
    return res;
}

int id[N],top[N],son[N],sz[N],fa[N],dep[N],inv[N];
std::vector<int> l[N],r[N],g[N];
int idx,n,m;

inline void dfs1(int x,int d,int f)
{
    son[x]=0; dep[x]=d; sz[x]=1;
    for(int y:g[x])
        if (y!=f)
        {
            fa[y]=x;
            dfs1(y,d+1,x);
            sz[x]+=sz[y];
            if (sz[y]>sz[son[x]]) son[x]=y;
        }
}

inline void dfs2(int x,int f)
{
    top[x]=f; id[x]=++idx;
    if (son[x]) dfs2(son[x],f);
    for(auto y:g[x])
        if (y!=son[x]&&y!=fa[x]) dfs2(y,y);
}

inline int query(int u,int v)
{
    int tp1=top[u],tp2=top[v];
    int res=(mod-BIT.getsum(1,1))%mod;
    while (tp1!=tp2)
    {
        if (dep[tp1]<dep[tp2]){swap(tp1,tp2);swap(u,v);}
        res=(res+BIT.getsum(id[tp1],id[u]))%mod;
        u=fa[tp1]; tp1=top[u];
    }
    if (dep[u]>dep[v]) swap(u,v);
    return (res+BIT.getsum(id[u],id[v]))%mod;
}

inline void change(int u,int v,int x)
{
    int tp1=top[u],tp2=top[v];
    while (tp1!=tp2)
    {
        if (dep[tp1]<dep[tp2]){swap(tp1,tp2);swap(u,v);}
        BIT.update(id[tp1],id[u],x);
        u=fa[tp1]; tp1=top[u];
    }
    if (dep[u]>dep[v]) swap(u,v);
    BIT.update(id[u],id[v],x);
}

int main(int argc, char const *argv[])
{
    int P=1;
    sc(n); int mx=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        int x,y; scc(x,y);
        l[x].pb(i); r[y+1].pb(i);
        mx=max(mx,y);  inv[i]=qpow(y-x+1,mod-2);
        P=(LL)P*(y-x+1)%mod;
    }
    for(int i=1;i<n;i++)
    {
        int x,y; scc(x,y);
        g[x].pb(y); g[y].pb(x);
    }
    dfs1(1,0,0);
    dfs2(1,1);
    LL ans=0,s1=0,s2=0,s3=0,s4=0;
    for(int i=1;i<=mx;i++)
    {
        for(int x:r[i])
        {
            s1=(s1-(LL)dep[x]*inv[x]%mod+mod)%mod;
            s2=(s2-inv[x]+mod)%mod;
            s3=(s3-(LL)dep[x]*inv[x]%mod*inv[x]%mod+mod)%mod;
            change(1,x,mod-inv[x]);
            s4=(s4-(LL)inv[x]*query(1,x)%mod+mod)%mod;
        }
        for(int x:l[i])
        {
            s1=(s1+(LL)dep[x]*inv[x]%mod)%mod;
            s2=(s2+inv[x])%mod;
            s3=(s3+(LL)dep[x]*inv[x]%mod*inv[x]%mod)%mod;
            s4=(s4+(LL)inv[x]*query(1,x)%mod)%mod;
            change(1,x,inv[x]);
        }
        ans=(ans+s1*s2%mod-s3-2*s4)%mod;
        ans=(ans+mod)%mod;
    }
    printf("%lld\n",ans*P%mod);
    return 0;
}

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