第五届山东ACM大赛汇总

A.angry_birds_again_and_again

简单积分:

http://acm.sdut.edu.cn/sdutoj/problem.php?action=showproblem&problemid=2877

给定曲线,给定一个点,求从曲线上某点到x轴上某点直线恰为曲线切线和曲线围成的面积。

水题,求积分做就好了,但是开始还错了,回车竟然判成WR而不是PR,第一题就卡,醉了。。。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 100005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
using namespace std;
int main()
{
    double a,b,du;
    double  T,P;
    int xx,yy;
    int n;
    rd(n);
    while(n--)
    {
        rd2(xx,yy);
        T=yy,P=xx;
        scanf("%lf",&du);
        b=tan(du);
        a=b*P/(T*T-2*T*P);
        double y0=a*T*T+b*T;
        double area = 1/3.0*a*T*T*T+1/2.0*b*T*T  +   1/2.0*(P-T)*y0;
        //cout<




B.Circle

高斯消元

n个数围成一个圈,编号0~n-1,从一个数到其上一个和下一个的数的概率相同(即都是0.5)。给出n,求从0出发到达一个数x所需要的步数的数学期望。

http://acm.sdut.edu.cn/sdutoj/problem.php?action=showproblem&problemid=2878

某大神从小数找到一个规律。。。

d[0]=0,d[1]=n-1,d[2]=(n-1)+(n-3),d[3]=(n-1)+(n-3)+(n-5),……。

这样就可以递推了。

但是这道题正解好像是高斯消元,但是在省赛这种稍微水点的,尤其是感觉和数学有关的用递推的方式试试,可能列举几个数就能找出规律,这种方法看起来比较白痴,但是作用有的时候还是比较大的...谨记。。。

高斯消元的方法之后补上。。。

看完这简短的代码瞬间感觉递推找规律很吊很吊有木有。。。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 100005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
using namespace std;
int main()
{
    int T,x,n;
    rd(T);
    int dp[1005];
    dp[0]=0;
    while(T--)
    {
        rd2(n,x);
        for(int i=1,j=1;i<=x;i++,j+=2)
            dp[i]=dp[i-1]+(n-j);
        printf("%.4f\n",(float)dp[x]);
    }
    return 0;
}

C.Colorful Cupcakes

dp问题

题目网址:http://acm.sdut.edu.cn/sdutoj/problem.php?action=showproblem&problemid=2879

给出ABC三种颜色的个数,求相邻颜色不相同,首尾颜色不相同的串的个数。

思路:

开始的时候感觉就是个搜索,但是一想简单搜索肯定超时,dp的话也没找出递推公式,竟让把记忆化搜索给忘了,悲哀。。。
dp[i][a][b][k]表示前i个位置A有a个B有b个,当前位置颜色是k的个数。
假设当前颜色是红色,也就是0(自己定) 
dp[i][a][b][k]=∑dp[i−1][a−1][b][ii],    ii = 1,2,3. ii != k,ii是上一个位置的颜色,不能和k相同。

从后往前搜索

#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
const int MAXN = 50 + 3;
const int MOD = 1e9 + 7;
char str[100];
int cnt[3];
int dp[MAXN][MAXN][MAXN][3];
int lastColor ;
///记忆化搜索  也就是算法设计中所说的备忘录方法
int DFS(int pre, int a, int b, int k)///前pre位有a个A色b个绿色,此位是k颜色的个数
{
    if (dp[pre][a][b][k] != -1) return dp[pre][a][b][k];
    if (a < 0 || b < 0 || pre-a-b < 0) return 0;
    if (pre == 1 && k == lastColor)   return 0;    ///如果第一位和最后一位相同,0种情况
    if (pre == 1)   return dp[pre][a][b][k] = ((a && k == 0) || (b && k == 1) || (pre-a-b && k == 2));
    ///有可能出现第一位本来已经没多余的某种颜色了,却能走到这一步。排除
    ///因为枚举前一位是什么颜色的时候并没考虑那种颜色还有没有剩余
    int ans = 0;
    for (int ii = 0; ii < 3; ii++)  ///前一位是什么颜色
    {
        if (k == ii) continue;
        if (k == 0) ans = (ans + DFS(pre-1, a-1, b, ii)) % MOD;
        if (k == 1) ans = (ans + DFS(pre-1, a, b-1, ii)) % MOD;
        if (k == 2) ans = (ans + DFS(pre-1, a, b, ii)) % MOD;
    }
    return dp[pre][a][b][k] = ans;
}
int main()
{
    int T;
    scanf("%d", &T);
    while (T--)
    {
        scanf("%s", str);
        memset(dp,-1,sizeof(dp));
        memset(cnt,0,sizeof(cnt));
        int len = strlen(str);
        for (int i = 0; i < len; i++)
            cnt[str[i]-'A']++;
        int ans = 0;
        for (int i = 0; i < 3; i++)     ///最后一位是什么颜色
        {
            memset(dp,-1,sizeof(dp));
            lastColor=i;
            ans = (ans + DFS(len, cnt[0], cnt[1], i)) % MOD;
        for(int i=1;i<=len;i++)
            for(int j=1;j<=len;j++)
             for(int x=1;x+j<=len;x++)
              for(int k=0;k<3;k++)
                if(dp[i][j][x][k]!=-1)
              cout<<"dp["<

感觉从后往前写有点绕,自己敲了个从前往后的,大同小异。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 100005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
const int dir[][2] = { {-1, 0}, {0, -1}, { 1, 0 }, { 0, 1 } };
using namespace std;

const int MAXN = 50 + 3;
const int MOD = 1e9 + 7;
char str[100];
int cnt[3];
int dp[MAXN][MAXN][MAXN][3];
int firstColor,len;
///记忆化搜索  也就是算法设计中所说的备忘录方法
int DFS(int pre, int a, int b, int k)///前pre位有a个A色 b个B色,k是本次要搜索的颜色标志
{
    if ((k==0 && a+1 > cnt[0]) || (k==1 && b+1 > cnt[1]) || (k==2 && pre-a-b > cnt[2]))  return 0;
    if (dp[pre][a][b][k] != -1) return dp[pre][a][b][k];
    if (pre == len && k == firstColor)  return 0;    ///如果第一位和最后一位相同,0种情况
    if (pre == len)  return ((a+1<=cnt[0] && k == 0) || (b+1<=cnt[1] && k == 1) || (pre-a-b <= cnt[2] && k == 2));
    ///有可能出现第一位本来已经没多余的某种颜色了,却能走到这一步。排除
    ///因为枚举前一位是什么颜色的时候并没考虑那种颜色还有没有剩余
    int ans = 0;
    for (int ii = 0; ii < 3; ii++)  ///前一位是什么颜色
    {
        if (k == ii) continue;
        if (k == 0) ans = (ans + DFS(pre+1, a+1, b, ii)) % MOD;
        if (k == 1) ans = (ans + DFS(pre+1, a, b+1, ii)) % MOD;
        if (k == 2) ans = (ans + DFS(pre+1, a, b, ii)) % MOD;
    }
    return dp[pre][a][b][k] = ans;
}

int main()
{
    int T;
    scanf("%d", &T);
    while (T--)
    {
        scanf("%s", str);
        memset(dp,-1,sizeof(dp));
        memset(cnt,0,sizeof(cnt));
        len = strlen(str);
        for (int i = 0; i < len; i++)
            cnt[str[i]-'A']++;
        int ans = 0;
        for (int i = 0; i < 3; i++)     ///最后一位是什么颜色
        {
            memset(dp,-1,sizeof(dp));
            firstColor=i;
            ans = (ans + DFS(1, 0, 0, i)) % MOD;
        }
        printf("%d\n", ans);
    }
    return 0;
}


D. Devour Magic

n个单位,每个单位每秒增加1法力,在某些时间取走一些区间的法力值(取走之后该区间所有单位的法力变为0),求取得的所有法力值。

就是在原来的基础上增加了清零的操作,不过这个清零(实际代码中也可以置为任意值)的操作通过flag标志和一个sset变量来保存下要置的数,其他操作和正常pushdown一样,每次在输入时记录上一次更新的时间last,这一次直接t-last就好了。。。

之前的一个超时代码也先粘在这里吧,(标记的可能多搜了!!!),但是提交AC的代码和自己的思路是一模一样的,具体现在也不知道问题出在哪里

超时代码:

///线段树区间更新
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define INF 0x3f3f3f3f
#define MAX 1100000
#define LL long long
using namespace std;
LL n,m;
LL coun=0;
int xx;

struct Tree
{
  LL l,r;
  LL sum,add;
};
Tree tree[MAX*8];

void pushup(LL x)  ///更新父节点
{
  tree[x].sum=tree[ x<<1 ].sum+tree[ (x<<1)+1 ].sum;
}

void pushdown(LL x)  ///用于更新add数组
{
  if(x>xx){
    tree[x].sum = 0;
    return ;
  }
  LL tmp = x<<1 ;
  if(tree[x].add == -INF){
   //  cout< xx ) return ;
  if(tree[tmp].add == -INF )   pushdown(tmp);
  if(tree[tmp+1].add == -INF)  pushdown(tmp+1);


  tree[tmp].add +=  tree[x].add;  ///由子节点通过增加
  tree[tmp].sum += tree[x].add*(tree[tmp].r-tree[tmp].l+1);

  tree[tmp+1].add += tree[x].add;
  tree[tmp+1].sum += tree[x].add*(tree[tmp+1].r-tree[tmp+1].l+1);
  if(tmp>xx) cout<>1;
  build(l,mid,tmp);
  build(mid+1,r,tmp+1);
  pushup(x);  ///建立时需根据子节点更细父亲节点
}


void update(LL l,LL r,LL c,LL x)  ///分别表示区间的左 , 右 , 增加的值  ,当前父亲节点
{
  if(rtree[x].r||x>xx)   return ;
  if(l<=tree[x].l&&r>=tree[x].r)  ///该区间为需要更新区间的子区间
  {
   // cout<<"************\n";
    if(c==-INF){
        tree[x].add = -INF;
        tree[x].sum = 0;
        return ;
    }
    if(x>xx)  return ;
    if(tree[x].add == -INF ) pushdown(x);


    tree[x].add += c ;
    tree[x].sum += c*(tree[x].r-tree[x].l+1); ///区间长度*要增加的数值
    return ;
  }

  ///如果比当前的范围还小,就通过该节点向下更新下面的节点
  if(tree[x].add  )  pushdown(x);  ///更新从上向下更新add

  LL tmp=x<<1;
  if(tmp>xx){
    pushup(x);
    return ;
  }
  update(l,r,c,tmp);
  update(l,r,c,tmp+1);
}

LL query(LL l,LL r,LL x)
{
  ///if(rtree[x].r)	    return -INF;//要更新的区间不在该区间上(输入有误)
  if(l<=tree[x].l&&r>=tree[x].r)	  ///要计算的区间包括了该区间
  {
    return tree[x].sum;
  }
  if( tree[x].add&&tree[x].add!=-INF )   pushdown(x);  ///如果add不为零,对查询可能用到的add更新
  LL tmp=x<<1;
  if(tmp>xx) return 0;
  LL mid=(tree[x].l+tree[x].r)>>1;

  if(r<=mid)   return query(l,r,tmp);
  else if(l>mid)  return query(l,r,tmp+1);
  else  return query(l,mid,tmp)+query(mid+1,r,tmp+1);
}

int main()
{
  int xxx;
  scanf("%d",&xxx);
  while(xxx--)
  {
    scanf("%I64d%I64d",&n,&m);
    xx=4*n;
    coun=0;
    build(1,n,1);
    LL last=0;
    while(m--)
    {
        LL l,r,time;
        scanf("%I64d%I64d%I64d",&time,&l,&r);
        update(1,n,time-last,1);
/*
       cout<<"加"<

AC代码:

#include
#include
#include
using namespace std;

#define L(root) ((root)<<1)
#define R(root) (((root)<<1)|1)

const int MAXN=1e5+10;//
int numbers[MAXN];//初始值

struct node{
    int left,right;///
    long long sum;
    int add;///区间增加值
    int sset;    ///区间里的数设为v
    bool flag;///标记是否设置为v
    int mid(){
        return ((right+left)>>1);
    }
}tree[MAXN*4];//4倍空间

void pushUp(int root){
    tree[root].sum=tree[L(root)].sum+tree[R(root)].sum;
}

void pushDown(int root){
    int L=L(root),R=R(root);
    if(tree[root].flag){
        tree[L].add=tree[R].add=0;
        tree[L].sset=tree[R].sset=tree[root].sset;
        tree[L].flag=tree[R].flag=true;
        tree[L].sum=tree[root].sset*(tree[L].right-tree[L].left+1);
        tree[R].sum=tree[root].sset*(tree[R].right-tree[R].left+1);
        tree[root].flag=false;
    }
    if(tree[root].add){  ///正常pushdown
        tree[L].add+=tree[root].add;
        tree[R].add+=tree[root].add;
        tree[L].sum+=tree[root].add*(tree[L].right-tree[L].left+1);
        tree[R].sum+=tree[root].add*(tree[R].right-tree[R].left+1);
        tree[root].add=0;
    }
}

void build(int root,int left,int right){
    tree[root].left=left;
    tree[root].right=right;
    tree[root].add=0;
    tree[root].flag=false;
    if(left==right){
        tree[root].sum=numbers[left];
        return;
    }
    int mid=tree[root].mid();
    build(L(root),left,mid);
    build(R(root),mid+1,right);
    pushUp(root);
}

long long query(int root,int left,int right){
    if(tree[root].left==left&&tree[root].right==right)  return tree[root].sum;

    pushDown(root);
    int mid=tree[root].mid();

    if(right<=mid)  return query(L(root),left,right);
    else if(left>mid)  return query(R(root),left,right);
    else  return query(L(root),left,mid)+query(R(root),mid+1,right);
}

void update(int root,int left,int right,int add){
    if(tree[root].left==left&&tree[root].right==right){
        tree[root].add+=add;
        tree[root].sum+=add*(right-left+1);
        return;
    }

    pushDown(root);
    int mid=tree[root].mid(),L=L(root),R = R(root);
    if(right<=mid)     update(L,left,right,add);
    else if(left>mid)  update(R,left,right,add);
    else{
        update(L,left,mid,add);
        update(R,mid+1,right,add);
    }
    pushUp(root);
}

void setf(int root,int left,int right,int sset){
    if(tree[root].left==left&&tree[root].right==right){
        tree[root].add=0;
        tree[root].sum=sset*(right-left+1);
        tree[root].sset=sset;
        tree[root].flag=true;
        return;
    }
    pushDown(root);
    int mid=tree[root].mid(),L=L(root),R = R(root);
    if(right<=mid)     setf(L,left,right,sset);
    else if(left>mid)  setf(R,left,right,sset);
    else{
        setf(L,left,mid,sset);
        setf(R,mid+1,right,sset);
    }
    pushUp(root);
}


int main(){

    memset(numbers,0,sizeof(numbers));

    int T;
    int n,m;
    int t,l,r;
    int i;
    int lastTime;
    long long sum;

    scanf("%d",&T);

    while(T--){

        scanf("%d%d",&n,&m);
        build(1,1,n);

        lastTime=0;
        sum=0;
        for(i=0;i


E.Factorial

水题,求阶乘

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 100005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
const int dir[][2] = { {-1, 0}, {0, -1}, { 1, 0 }, { 0, 1 } };
using namespace std;
int main(){
  int n,x;
  rd(n);
  while(n--){
    rd(x);
    int sum=1;
    for(int i=1;i<=x;i++)
        sum*=i;
    printf("%d\n",sum);
  }
  return 0;
}

F. Full Binary Tree

在满二叉树中求两个节点的最近距离

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 100005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
const int dir[][2] = { {-1, 0}, {0, -1}, { 1, 0 }, { 0, 1 } };
using namespace std;
int main(){
  int n,x,y;
  rd(n);
  while(n--){
    rd2(x,y);
    int step=0;
    while(x!=y){
        x>y?x/=2:y/=2;
        step++;
    }
    printf("%d\n",step);
  }
  return 0;
}

G. Hearthstone II

n场比赛,m个场地,m<=n,1场比赛只能选择1个场地,要求每个场地必须使用过一次,求所有的方案数。

dp[i][j]表示:前i场比赛用了j个场地的情况数

dp[i][j]=dp[i-1][j]*j+dp[i-1][j-1]*(m-j+1);

#include
#include
#include
using namespace std;

const int MOD=1e9+7;

int main(){

    int n,m;
    long long dp[105][105];//dp[i][j]表示:前i场比赛用了j个场地的情况数
    int i,j;

    while(~scanf("%d%d",&n,&m)){
        memset(dp,0,sizeof(dp));
        for(i=1;i<=n;++i) //j=1;前i场比赛用了1个场地,初始化为m
            dp[i][1]=m;
        for(i=2;i<=n;++i){
            for(j=2;j<=i&&j<=m;++j){
                dp[i][j]=((dp[i-1][j]*j)%MOD+(dp[i-1][j-1]*(m-j+1))%MOD)%MOD;
            }
        }
        printf("%lld\n",dp[n][m]);
    }

    return 0;
}


H.Painting Cottages



I.Tree




J.Weighted Median

简单排序求和

不过这里有个处理0.5这样的数小技巧,先乘2,之后按照整数操作就行了。

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define eps 1e-6
#define MAX 10000005
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LL long long
#define pii pair
#define rd(x) scanf("%d",&x)
#define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y)
const int dir[][2] = { {-1, 0}, {0, -1}, { 1, 0 }, { 0, 1 } };
using namespace std;

struct T{
  int x;
  int w;
}arr[MAX];

bool cmp(T a,T b){
      return a.x





Factorial
Tree

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