传送门
一开始看到6s,直接用多源最短路看是否每两点距离都是1(若有路径),但是还是T飞了。后来学到bitset的方法,属实不错。这里讲一下自己的理解。
我们把这个联通的概念再深入理解一下。
如果1->2,表示1到2有一条边,那要满足题目限制条件的话,2连向的所有边,1都应该连过去!。
如2->3, 2->4, 2->5 有边,那也一定要有1->3, 1->4 , 1->5 。
到此,我们就可以引出bitset了。用二进制串表示当前这个结点和其他点的连接情况,p[i][j]=1则代表i点到j有一条有向边。
那么接着上面的结论,我们可以外层遍历一遍i,内层遍历一遍j。如果p[i][j]本身为1,那就看看是否j连的所有边i都连着——如何做到?直接相与p[i]&p[j],看是否等于p[j]即可。这里的意思就是p[j]所有为1的位置,p[i]相应位也应该为1。看是否全部满足这个限制。
到此,我们就可以在O(n2)的时间复杂度内求出结果了。
#include
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#include
#include
#define FAST ios::sync_with_stdio(false)
#define abs(a) ((a)>=0?(a):-(a))
#define sz(x) ((int)(x).size())
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define rep(i,a,n) for(int i=a;i<=n;++i)
#define per(i,n,a) for(int i=n;i>=a;--i)
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
typedef pair<int,int> PII;
typedef long long ll;
const int maxn = 2020;
const ll inf=0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-7;
const double pi=acos(-1.0);
const int mod = 1e9+7;
inline int lowbit(int x){
return x&(-x);}
ll gcd(ll a,ll b){
return b?gcd(b,a%b):a;}
void ex_gcd(ll a,ll b,ll &d,ll &x,ll &y){
if(!b){
d=a,x=1,y=0;}else{
ex_gcd(b,a%b,d,y,x);y-=x*(a/b);}}//x=(x%(b/d)+(b/d))%(b/d);
inline ll qpow(ll a,ll b,ll MOD=mod){
ll res=1;a%=MOD;while(b>0){
if(b&1)res=res*a%MOD;a=a*a%MOD;b>>=1;}return res;}
inline ll inv(ll x,ll p){
return qpow(x,p-2,p);}
inline ll Jos(ll n,ll k,ll s=1){
ll res=0;rep(i,1,n+1) res=(res+k)%i;return (res+s)%n;}
inline ll read(){
ll x = 0;char ch = getchar();while(ch>'9'||ch<'0') ch = getchar();while(ch>='0'&&ch<='9') x = (x<<3) + (x<<1) + ch - '0', ch = getchar();return x; }
int dir[4][2] = {
{
1,0}, {
-1,0},{
0,1},{
0,-1} };
bitset<maxn> p[maxn];
bitset<maxn> q[maxn];
ll n;
bool check(bitset<maxn> cur[])
{
rep(i,1,n) rep(j,1,n)
{
if(i==j||!cur[i][j]||cur[j]==(cur[j]&cur[i])) continue;
return false;
}
return true;
}
int main()
{
int kase;
scanf("%d",&kase);
while(kase--)
{
n = read();
rep(i,1,n) q[i].reset(), p[i].reset();
rep(i,1,n)
{
string s;
cin>>s;
for(int j=0; j<s.size(); j++)
{
if(s[j]=='P') p[i][j+1] = 1;
else if(s[j] == 'Q') q[i][j+1] = 1;
}
}
int flag = check(p)&&check(q);
puts(flag?"T":"N");
}
return 0;
}